我总结一下。如果我无法正确表述我的问题，请纠正我。我有几个PHP页面，它们都具有以下格式:INSERTPAGESPECIFICMATERIALHERE标题.php页脚.php我是PHP的新手，不确定这是否是有效构建我的PHP文件的正确方法，因为我担心的是:现在每个PHP页面加载相同的导航菜单和页脚。这是有意而为的。但是，它还会一起加载所有CSS和JS，即使有很多行CSS和JS在该特定页面中实际上没有用，但在其他页面中使用。这是需要关注的问题吗？如果是，我们应该采取什么方式来解决这个问题？我是否应该将main.js、style.css、header.php和footer.php分开，以便
我认为在ZendFramework中是否正确，如果我计划在我的网站上有5个页面，我通常需要5个Controller？ZF开发人员是否通常为每个页面(“页面”作为抽象应用程序单元)创建1个Controller？我问这个的原因是之前出于某种原因我将很多不同的Action塞进了Controller，这样它们就可以扮演页面的角色，例如索引/添加、索引/查看、索引/删除和显示各种小屏幕，例如与索引操作显示的网格相对的小型CRUD屏幕。但截至目前，我想检查我的新理解，即模型更新主要需要操作，并且操作应该在运行后立即重定向回Controller/索引。所以看起来View应该主要用于索引操作，而不是其
我想通过php包含我的css/样式表，这样...这样我就可以动态更改不同的样式表....我该怎么做 最佳答案 只要将style.php中的MIME类型设置为CSS，就可以正常工作了。将此添加到最顶部:如果您在Apache服务器上运行，另一个选项是告诉它检查PHP的.css文件。将此添加到您的.htaccess文件以执行此操作:AddTypeapplication/x-httpd-php.css然后您可以简单地包含一个常规的.css文件: 关于php-如何在php中包含CSS？，我们在St
首先我让php生成一个表，然后当涉及到箭头图像时，我希望php根据条件为对象分配一个特定的类。目标是针对不同的条件获得不同的可链接图像。这是我生成链接的php脚本。0){echo'class="used_upArrow"';}else{echo'class="new_upArrow"';}echo'rowid="'.$row['item_id'].'">这是我的CSS:a.new_upArrow{background-image:url('../Img/new_upArrow.gif');}a.used_upArrow{background-image:url('../Img/used
我正在开发一款允许用户在应用内选择样式选项的应用。这些选项随后将用于生成动态网页。我想知道我有哪些选择可以实现此页面的样式，这些选择的优缺点是什么？在我看来，我有以下3个选择:内嵌CSS创建动态php样式表...例如:我也听说过缓存样式表，但我什至不确定如何执行此操作。如果这是最好的选择，那么阅读此内容的最佳地点是哪里？这些都是可用的选项吗？哪个最适合我想要实现的目标？感谢任何输入保罗 最佳答案 当然你的第二个选择是最好的。使用style.php，您可以根据登录的用户随时输出。假设我使用style.php，甚至不需要为用户自定义它。
我在Symfony2.1项目中尝试使用Doctrine2从表(通过实体)获取数据时遇到问题。这是我收到错误的Controller:/***Countrylist*/publicfunctioncountrylistAction(){$em=$this->getDoctrine()->getManager();$countryList=$em->getRepository('ProjectBaseBundle:SYS_TCountry')->findAll();$serializer=newSerializer(array(newGetSetMethodNormalizer()),arr
关闭。这个问题需要更多focused.它目前不接受答案。想改进这个问题吗？更新问题，使其只关注一个问题editingthispost.关闭8年前。Improvethisquestion我正在为wordpress制作一个主题，但我不知道如何应用一组自定义的css规则，这些规则在wordpress更新时将保持不变。有什么方法可以使用主题中的functions.php应用css文件？谢谢!
这个问题在这里已经有了答案:returnonevaluefromdatabasewithmysqlphppdo(3个答案)关闭23天前。我正在尝试向我的数据库中添加一些数据，但我在第114行的/var/www/mandje.php中收到错误Catchablefatalerror:ObjectofclassPDOStatementcouldnotbeconvertedtostringin/var/www/mandje.php。这是我正在使用的代码:foreach($_SESSION["cart"]as$id=>$value){$query=$db->query('SELECT*FROMP
我正在使用thisComposerpackage对于需要此包提供的功能的开发。在寻找替代方案时，我发现这是我最好的选择，因为可用的替代方案过于简单，无法在我处理的时间限制下实现。现在，我已经在运行PHP5.5的本地机器(在Windows10的Linux子系统)上，在运行PHP5.6的个人服务器上测试了它，但生产服务器运行的是PHP5.4，由于某些原因无法升级。首先我有这个错误:Parseerror:syntaxerror,unexpected'class'(t_class),expectingidentifier(t_string)in…寻找解决方案我打了thisquestion,所以
当我尝试通过PHP向OpenDS添加属性时，出现以下错误:ldap_add():Add:Objectclassviolation请帮忙。这是我的代码");}?>如果我从代码中删除$ldaprecord['mmmm']="77878";它工作正常。如何添加这样的新属性？ 最佳答案 嗯，看起来你只是想将objectclass设置为inetOrgPerson，但你还必须设置其他上层类，inetorgPerson>正在扩展-那将是top和person也许...所以:$ldaprecord['cn']="roshan1";$ldaprecor
