是否可以将类添加到由CakePHP的后链接形式助手创建的隐藏表单中？这是我的代码Form->postLink(''.__('Delete'),['action'=>'delete',$this->fetch('item')],['confirm'=>__('Areyousureyouwanttodelete#{0}?',$this->fetch('item')),'escape'=>false,'title'=>__('Delete'),'class'=>'btnbtn-dangerbtn-xsisAction'])?>请注意，我不想将类添加到创建的链接中。欢迎任何想法！看答案目前几乎只有一种
已结束。此问题是off-topic.它目前不接受答案。想要改进这个问题？Updatethequestion所以它是on-topic堆栈溢出。关闭9年前。Improvethisquestion我已经使用CakePHP几个星期了，这是一次很棒的体验。我成功地以惊人的速度移植了一个网站，我什至添加了一堆我计划但从未实现的新功能。看看以下两个Controller，它们允许用户将高级状态添加到与其帐户链接的网站之一。他们不觉得很“蛋糕”，有什么办法可以改进吗？PremiumSitesController处理注册过程，并最终拥有其他相关内容，例如历史记录。classPremiumSitesCont
已结束。此问题是off-topic.它目前不接受答案。想要改进这个问题？Updatethequestion所以它是on-topic堆栈溢出。关闭9年前。Improvethisquestion我已经使用CakePHP几个星期了，这是一次很棒的体验。我成功地以惊人的速度移植了一个网站，我什至添加了一堆我计划但从未实现的新功能。看看以下两个Controller，它们允许用户将高级状态添加到与其帐户链接的网站之一。他们不觉得很“蛋糕”，有什么办法可以改进吗？PremiumSitesController处理注册过程，并最终拥有其他相关内容，例如历史记录。classPremiumSitesCont
最初posted关于cakephp问答，但我会把它放在这里，希望能得到一些答案。我有一堆默认状态为0但有时会获得更高状态的公司。现在我想使用高状态(如果存在)但如果不存在则恢复为0。我尝试了很多不同的方法，但我总是要么只得到状态为0的方法，要么得到状态为我想要的方法，如果存在则从不给我状态，如果不存在则为0。只给我指定的状态，不给我状态为0的状态:'Company'=>array('conditions'=>array('OR'=>array('Company.status'=>0,'Company.status'=>$status,)))只给我状态0:'Company'=>array
最初posted关于cakephp问答，但我会把它放在这里，希望能得到一些答案。我有一堆默认状态为0但有时会获得更高状态的公司。现在我想使用高状态(如果存在)但如果不存在则恢复为0。我尝试了很多不同的方法，但我总是要么只得到状态为0的方法，要么得到状态为我想要的方法，如果存在则从不给我状态，如果不存在则为0。只给我指定的状态，不给我状态为0的状态:'Company'=>array('conditions'=>array('OR'=>array('Company.status'=>0,'Company.status'=>$status,)))只给我状态0:'Company'=>array
我有一个名为MyClass的类(class)。它位于app/Lib/MyDir/MyClass中。我想使用App:uses()来加载它，但无法让它工作。在CakePHP1.3中，我将通过以下方式加载它:App::import('Lib','MyDir/MyClass');//thisstillworksinCakePHP2.1在CakePHP2.1中，我正在尝试:App::uses('MyClass','Lib/MyDir');当我尝试“新建”MyClass时，我发现找不到“MyClass”类。是否不能在自定义Lib类上使用App::uses？我不能继续使用App::import()因
我有一个名为MyClass的类(class)。它位于app/Lib/MyDir/MyClass中。我想使用App:uses()来加载它，但无法让它工作。在CakePHP1.3中，我将通过以下方式加载它:App::import('Lib','MyDir/MyClass');//thisstillworksinCakePHP2.1在CakePHP2.1中，我正在尝试:App::uses('MyClass','Lib/MyDir');当我尝试“新建”MyClass时，我发现找不到“MyClass”类。是否不能在自定义Lib类上使用App::uses？我不能继续使用App::import()因
我有一个项目Controller/模型。所以这控制了项目模型等。我有一个由pages_controller控制的主页。我想在主页上显示项目列表。做起来容易吗:functionindex(){$this->set('projects',$this->Project->find('all'));}我猜不是我得到的:Undefinedproperty:PagesController::$Project有人可以引导我朝着正确的方向前进吗，琼妮 最佳答案 您必须通过变量$uses加载Controller类中的每个模型，例如:var$uses=
我有一个项目Controller/模型。所以这控制了项目模型等。我有一个由pages_controller控制的主页。我想在主页上显示项目列表。做起来容易吗:functionindex(){$this->set('projects',$this->Project->find('all'));}我猜不是我得到的:Undefinedproperty:PagesController::$Project有人可以引导我朝着正确的方向前进吗，琼妮 最佳答案 您必须通过变量$uses加载Controller类中的每个模型，例如:var$uses=
我已经成功使用了Auth，但不幸的是，它似乎只适用于Session。我希望如果用户选中“记住我”复选框，我会使用Cookie，他会登录2周。我在官方书籍和谷歌中找不到任何东西，我只发现了很少而且不是很好的博客文章。有什么方法可以在不重写核心的情况下实现这一点？ 最佳答案 在你的用户Controller中:publicfunctionbeforeFilter(){$this->Auth->allow(array('login','register'));parent::beforeFilter();}publicfunctionlog
