我是Storyboard和xcode的新手(使用4.6)我正在使用带有推送segue的导航Storyboard。我想实现一个选择快照View，如果至少选择了1个快照-segue将起作用。否则，用户应该停留在同一个View上。我创建了2个UIView:SelectSnapsViewController和ShippingDetailViewController。在SelectSnapsViewController.m中，我添加了以下内容:-(IBAction)nextButtonPressed:(id)sender{looseDataAlert=NO;[okkkBtnsetFrame:CG

我有一个较小的UIView作为我的UIViewController上主UIView的subview。这个较小的UIView也有一个图像和几个标签。我想要的是让用户触摸这个较小的View(此View上的任何位置或其内容)，然后转到一个新的UIViewController。我在较小的View中添加了一个TapGesture，并设置了一个从TapGesture到UIViewController我接下来要显示的segue。然而，这仅在用户仅触摸View上没有标签或图像的空间并且选中“用户交互已启用”时才有效。如果触摸图像或标签，则不会发生任何事情，如果未选中“启用用户交互”，则不会发生任何事情

我想使用启动segue的按钮的标题作为出现的View的标题。有没有办法在prepareForSegue中获取该按钮？否则，我必须为此声明一个不必要的IBOutlet。我使用的是最新的XCode、6beta7和iOS8(和Swift，尽管这都是cocoatouch，所以ObjC中的答案很好)。 最佳答案 prepareForSegue具有以下签名:-(void)prepareForSegue:(UIStoryboardSegue*)seguesender:(id)sendersender将是用户点击的UIButton。

这有可能吗？似乎不可能从tableViewCell原型(prototype)上的披露指示器拖动到viewController以创建转场。我该怎么做？ 最佳答案 control+clickondisclosureindicatorconnecttoviewController你会得到这样的菜单选择附属Action 关于ios-如何创建从TableView上的披露指示器到另一个viewController的segue？，我们在StackOverflow上找到一个类似的问题：

我已经在objective-c中实现了一些Jsonpost，在我收到信息后，我尝试推送segue方法，但它抛出了这个异常2015-06-2500:08:33.807BarApp[1446:109590]-[NSNulllength]:unrecognizedselectorsenttoinstance0x374398302015-06-2500:08:33.809BarApp[1446:109590]***Terminatingappduetouncaughtexception'NSInvalidArgumentException',reason:'-[NSNulllength]:un

我正在使用具有扩展内容大小的UIScrollView，并在其中放置了许多对象。它像map一样滚动。单击UIScrollView中的按钮将执行Segue并将用户带到另一个场景(UINavigationController中嵌入的另一个UIView)。在第二个场景中，点击另一个按钮将执行另一个Segue以返回到原始场景(像map一样滚动的UIScrollView)。一切正常，除了当它返回到原始场景时，它返回到默认位置。我如何让它记住原来的位置？想象它是一张map，通过返回它，它应该显示它停止的地方，用户不需要重新滚动到以前的地方。我该怎么做？我在iOS5上使用Storyboard。

我正在使用xcode4.5.2。在Storyboard中工作时，我正在尝试显示弹出窗口。但是在segue样式列表中，“popover”样式不存在。 最佳答案 仅在iPad上，使用操作表或自定义View。 关于ios-我看不到popoversegue，我们在StackOverflow上找到一个类似的问题： https://stackoverflow.com/questions/14603710/

我正在开发这个应用程序，它运行得非常好，然后我尝试运行该应用程序，但不明白为什么segue没有运行，因为它在应用程序打开时总是应该运行。然后我按下一个执行相同segue的按钮，应用程序将崩溃。这是错误信息:2014-04-0416:30:54.733OnTourCompany[3854:60b]You'veimplemented-[application:didReceiveRemoteNotification:fetchCompletionHandler:],butyoustillneedtoadd"remote-notification"tothelistofyoursupport

那么当打开它的按钮位于TableView中的自定义原型(prototype)单元格内时，如何使用Storyboard正确设置弹出框segue？它应该可以在iphone和ipad上运行它应该在ipad上有正确的位置和anchor 最佳答案 我认为最优雅的解决方案如下:像往常一样从按钮创建一个segue到适当的ViewController打开segue并将anchor设置到TableView(从圆圈拖动到View)。在准备segue添加以下内容:if(UI_USER_INTERFACE_IDIOM()==UIUserInterfaceI

我在一个ViewController和另一个ViewController之间有一个pushsegue。当从操作表中选择某个选项时，将执行segue并显示View。我根据thisanswer创建了segue.在iOS8上，这工作正常。View被添加到导航Controller，并自动出现后退按钮。然而，在iOS7上，我刚刚注意到该View显示为模式并且根本不显示导航栏。我不知道这是什么时候开始发生的，但我似乎无法弄清楚为什么。按下操作表项时，我使用:[selfperformSegueWithIdentifier:@"showRouteInformationFromMap"sender:ni