一直在使用Laravel构建框架网站并致力于用户系统。我通过资源路由使用Controller:Route::resource('user','UserController');这对Controller中所有正常的创建、索引、存储等功能都很好。对于我的注册表，这是开头:{{Form::open(array('route'=>'user.store','class'=>'small-formform-holder'))}}想想这有多好，我在我的UserController中创建了一个登录函数，并在我的登录表单中尝试了这个:{{Form::open(array('route'=>'user.
我试图在构造函数中访问Auth::user()->id;但它总是返回错误Tryingtogetpropertyofnon-object。我在laravel文档中研究了Session在构造函数内部不可访问，并且还在SO上搜索了这个。我需要在构造函数中登录用户ID，因为我必须从数据库中获取数据并使其可用于所有方法。我当前的代码是:publicfunction__construct(){$this->middleware('auth');$induction_status=TrainingStatusRecord::where('user_id',Auth::user()->id)->whe
我正在制作一个登录/注销类，让用户登录，根据用户的选择设置cookie。用户输入他们的电子邮件/密码并检查数据库，电子邮件/密码组合存在创建一个session，并设置一个cookie(使用用户ID)并重定向用户......然后我有一个记录用户的功能通过获取保存在该cookie中的用户ID，检查该用户ID是否存在，然后再次将用户数据保存在session中……我想知道是否有人看到这有什么潜在的错误/不安全。简短的例子，我相信你们可以理解它的要点......functionlogin($email,$password,$remember){//Checkthedatabaseforemail
哪条路线更好？我应该将我的对象存储在session中并将其从一个页面传递到另一个页面，还是应该在每次用户迁移到我的网络应用程序中的另一个页面时查询数据库？如果我应该在session中存储我的对象，我该怎么做呢？我已经尝试使用序列化和反序列化来完成它，但它对我不起作用......感谢您的帮助!编辑:这是我的一些代码Page1:include"user.php";session_start();$user=newuser();$user->$username="Jason";$_SESSION["user"]=$user;header("Location:profile.php");Pag
关闭。这个问题是off-topic.它目前不接受答案。想改进这个问题吗？Updatethequestion所以它是on-topic用于堆栈溢出。关闭9年前。Improvethisquestion在我的网站上，可以通过urlwww.example.com/user/profile.php?uid=3访问用户配置文件我想让用户通过简单地请求www.example.com/username来更轻松地访问他们的个人资料每个用户都有一个不能更改的用户名。我怎样才能做到这一点？Hereismycurrent.htaccessfileOptions+FollowSymLinks-MultiViews
当我安装FOSUserBundle(officialdocumentation)时，我尝试使用以下命令生成我的表fos_user:phpapp/consoledoctrine:schema:update--force但控制台返回以下信息Nothingtoupdate-yourdatabaseisalreadyinsyncwiththecurrententitymetadata我使用Symfony2.1和FOSUserBundle的最新版本。app/AppKernel.php包含newFOS\UserBundle\FOSUserBundle(),app/config/config.yml
我需要覆盖这个Symfony\vendor\friendsofsymfony\user-bundle\FOS\UserBundle\Resources\config\doctrine\model\User.orm.xml文件。我需要更改此字段:对此:我将getParent方法添加到我的UserBundle。我复制了Symfony\vendor\friendsofsymfony\user-bundle\FOS\UserBundle\Resources\config\doctrine\model\User.orm.xml给我的捆绑Symfony\src\Acme\UserBundle\Re
在Laravel4.2中，我有以下过滤器可以防止一个用户查看/编辑/删除另一个用户的类(class)，这是一个基于“类(class)”模型的对象。这是我使用的代码:Route::filter('restrictPermission',function($route){$id=$route->parameter('id');$course=Course::find($id);$user_id=$course->user_id;if(Auth::user()->id!==$user_id)returnRedirect::to('/')->with('flash_message','***P
在注册的时候，我在纠结怎么设置用户密码:让用户选择。如果我这样做，我必须执行一些标准(长度、弱点、可能涉及正则表达式等)当你选择这种方式时你通常会做什么，为什么？是否有适用于PHP的库？自动为用户生成密码并将其通过电子邮件发送到他们提供的电子邮件地址。如果没有密码，他们就无法登录，所以这也是电子邮件验证。问题是密码可能太难让用户记住。如果我允许他们将它改成更简单的东西，那就违背了我最初为他们选择它的目的。我还担心在电子邮件中传输密码(作为普通的未散列密码)的行为。我倾向于第二种，但在选择之前更希望得到更明智的答案。可能有些事情我没有注意，比如用户便利性和其他技术问题。你是做什么的？编辑
有没有人有使用以下函数编写自定义Wordpress登录页面的经验:wp_signon()andwp_set_auth_cookie()发现于http://codex.wordpress.org/Function_Reference/我似乎无法让它们工作。代码看起来像这样:functionlogin_wordpress($username,$password){$creds=array();$creds['user_login']=$username;$creds['user_password']=$password;$creds['remember']=true;$user=wp_si
