在ZendFramework库中，当前的做法(大约1.10.8)是库组件抛出扩展Zend_Exception的异常。例如Zend_Layout组件抛出一个Zend_Layout_Exception在我自己的ZF库中，我在其中添加了自己的ZF组件或扩展了现有组件，我抛出了一个Mylibrary_Exception(当然这并不是真的这么叫:)我可以看到他们将在ZF2.0中改变其中的一些内容http://framework.zend.com/wiki/display/ZFDEV2/Proposal+for+Exceptions+in+ZF2我的实际问题是:在我的Controller/模型/V
从View中调用View时，我对变量范围感到困惑。我测试了一下，发现:如果变量最初是从Controller传递的，则无需执行任何操作来将变量从View传递到View。如果变量是在View中声明的，我必须显式地将变量从一个View传递到另一个View。(例如:$this->load->view("hoge",$data);)我觉得第二种情况有点奇怪，因为我的理解是$this->load->view()是phpinclude()的codeigniter版本，它不需要我显式传递变量。谁能猜出/阐明他们这样做的原因？ 最佳答案 如果您查看L
我有一个使用git的现有项目，并且刚刚安装了eclipse和egit。我用egit指向git存储库，可以看到我的所有文件、我现有的分支，并且可以在分支之间切换。当我从git存储库的View中打开一个文件时，它似乎没有识别出它是一个php文件，没有向我显示其中的类，也没有执行代码完成。如果我只是从资源管理器中拖入一个文件，它至少会将该文件识别为php，但对项目的理解不够好，无法向我显示已安装库的代码完成。我想我需要配置Eclipse来了解项目主目录，但我有点迷茫。任何帮助，将不胜感激。 最佳答案 您的答案可能属于本指南的范围，以改变项
我有一个ZendFramework应用程序，它带有一个命名空间(PHP5.3)的自定义库。我想注册一个View助手，但由于我在View助手中使用的命名空间，我无法这样做。目前我在我的Bootstrap中有以下内容来注册助手路径:protectedfunction_initView(){$view=newZend_View();$view->addHelperPath(APPLICATION_PATH."/../library/App/View/Helper","App\View\Helper");}我得到的错误:Zend_Loader_PluginLoader_Exception:Pl
tl;dr-在非常严格的环境中工作时，是否有一种有效的方法来管理PHP的错误报告级别，给定某些进程不那么严格的级别变得更容易？好的；首先，我不相信“错误抑制”是一种解决方案。我(有理由确定我)从未使用过@错误抑制运算符，并且无意这样做。我利用set_error_handler()和ErrorException(或一些派生的)并在error_reporting(-1)(面向futureE_ALL|E_STRICT)现在，我不想改变这些习惯，因为我发现它们是一个很好的实践(还有；如果有人有进一步改进我的开发/生产环境设置/实践的建议，我会洗耳恭听)但是，当涉及到View生成时，这可能会变得
我正在使用drupal6和View2-我已经使用此文档为我的View创建了一个自定义过滤器http://www.chadcf.com/blog/creating-custom-filters-drupal-and-views.一切似乎都很好，只有一个问题-我的分页不工作(没有出现在某些运营商身上)让我简要解释一下我想要实现的目标-在我的页面View中，我已经有一些带有运算符下拉列表的公开过滤器，并且我创建了一个没有运算符下拉列表的自定义公开过滤器。我的要求是将一个现有的过滤器功能与我的自定义过滤器合并。意味着两个过滤器将协同工作以获得所需的结果。但是一个过滤器由现有字段组成，如果我从下
我在Chrome和Firefox上遇到了一个奇怪的问题，为了改变它在IE上运行良好。[Edit1:IE有时也会出现问题]前提:在我的homepageView.php中，我使用jQuery创建了一个cookie，比如Cookie1。我的主页有一个应用程序的链接，我们称它为App1。Cookie1在App1的Controller中被访问，如果没有找到它会重定向回主页。问题陈述清除缓存转到主页(已创建Cookie1)点击App1的链接。App1被重定向到主页(App1无法访问Cookie1)再次点击App1链接，App1工作正常。片段homepageView.phpcreateCookie(
我正在学习MVC模式，特别是php，并且阅读了一些很棒的教程。我已经设法建立了一个有效的基本结构。只是为了好玩，我开始试验Controller、模型和View如何交互，并最终得到一个Controller类，它根据请求的页面创建模型/View。所以我只是在主index.php中实例化这个Controller并将url值传递给它。例如，“mysite/blog/recent”将使Controller包含(并实例化)“models/blog/recent.php”文件，该文件包含模型和View文件夹中的相应View。我的问题是，为网站的每个部分设置实际的Controller类，而不是仅仅将模
我最近一直在试用Laravel4，到目前为止使用起来很愉快。但是，我遇到了一个问题，不是Laravel4，而是我自己的无能。我有一个包含3行和4列的数据库。例如，假设列是:内容编号，内容类型，内容数据，时间戳'content_data'列包含大约4个键值对的JSON编码数组。当我从数据库中检索这些行(使用Eloquent)并将数据传递到我的View中时，我怎样才能将JSON解析到我的Blade模板中？在搜索并引用了Laravel文档后，我认为你做不到，所以我尝试将JSON解码回我的Controller中的数组，然后将其传递到我的View中。到目前为止，我已经在类里面尝试了以下内容:wh
我的父View是这样的:show.blade.php@include('inquiries.partials.inquiries')它使用以下部分:查询.blade.php@foreach($inquiryas$key=>$item)@include('inquiries.partials.inquiry')@endforeach其中使用了另一个部分:查询.blade.php...@yield('inquiry.toolbar','')在show.blade.php中，我想为inquiry.blade.php定义inquiry.toolbar部分，但是我需要访问inquiries.bl
