如何将当前登录的用户模型注入(inject)我的Controller？例如，在我的Controller中，我目前有:publicfunctionupdate(SaveAccountRequest$request){$user=User::findOrFail(Auth::user()->id);$user->first_name=$request->get('first_name');$user->last_name=$request->get('last_name');$user->email=$request->get('email');if($request->has('pass
我们都知道几乎不可能制作一个没有一两个缺陷的大型网站。因此，我编写了一个小型监视器，用于检查Apache访问日志中是否存在潜在的SQL注入(inject)攻击(除其他外)，并且运行良好。每当有人尝试攻击时，我都会收到警报，而且我的误报很少，现在默认操作是将它们转储到iptables下拉列表中。它甚至帮助我识别了一些(非安全性)错误并将其删除。这是我的规则(不区分大小写):PathInjection=\./\.\./(bin|boot|data|dev|etc|home|lib|lib64|media|mnt|opt|proc|root|sbin|selinux|srv|sys|tmp|
我之前一直在做的是使用构造函数只注入(inject)我的模型和为Laravel提供的类使用Facades即Session,Auth,Validator等，例如。如果我通过构造注入(inject)每个类(我的或Laravel的)并通过$this->..语法或使用它，这将是一个好主意吗？我应该使用构造函数注入(inject)我自己的类，并为Laravel提供的任何东西使用Facades吗？更具体地说，这是我的Controller通常的样子:classMyControllerextendsBaseController{publicfunction__construct(User$user,B
如何在Symfony3.0的FormType上注入(inject)容器？我的services.yml文件:services:advertiser.form.report:class:App\AdvertiserBundle\Form\ReportTypearguments:["@service_container"]在ActionController中:$report=$this->get('advertiser.form.report');$form=$this->createForm($report);我得到了这个错误:Expectedargumentoftype"string",
我正在尝试创建简单的MVC框架，但我被依赖项困住了。这是我现在拥有的:$config=newConfig();$database=newDatabase($config);$uri=newUri('article/5');$request=newRequest($uri);$response=newResponse;$router=newRouter;$dispatcher=newDispatcher($request,$response,$router);$dispatcher->dispatch();//Routing,instantiatecontroller,executeac
我有一个FooService从另一个配置服务获取一些数据。我有配置服务，因为配置因请求数据而异。配置服务注入(inject)了RequestStack并构建了相关的配置数组。我的FooService如下所示:classFoo{private$config;/***@paramConfig$config*/publicfunction__construct(Config$config){$this->config=$config->getData();}}但我更喜欢只注入(inject)getData的方法调用结果，而不是注入(inject)服务，因为这样对于单元测试来说更简单。我不需要
我们正在构建一个通过php使用LDAP的应用程序，我开始思考是否可以通过注入(inject)LDAP来做任何事情，更好的是如何防止LDAP注入(inject)？ 最佳答案 构建LDAP过滤器时，您必须确保根据RFC2254处理过滤器值:AnycontrolcharacterswithanACIIcodeZend_Ldap例如使用以下例程//[...]$val=str_replace(array('\\','*','(',')'),array('\5c','\2a','\28','\29'),$val);for($i=0;$i
在我正在编写的模块中，我想使用mymodule.xml在此block之后插入我自己的block:嵌套在可以在app/design/frontend/base/default/layout/catalog.xml中看到我尝试了很多变体，例如:只是和但我似乎找不到正确的组合。唯一呈现我的block的是:但很明显它没有放在我想放的地方。 最佳答案 如果您查看page.xml中内容block的声明，您将看到以下内容。默认情况下，名为content的block是core/text_list，转换为Mage_Core_Block_Text_Li
我知道我可以使用PHP包含其他文件现在我的问题是如何只注入(inject)“file.php”的某些部分？假设我在file.php中有一些页眉代码和一些页脚代码。如何使用正确的分隔部分组织file.php，以及如何只包含file.php的某些部分(file.php?footer或类似的东西？) 最佳答案 最简单(也是通常)的方法是简单地制作单独的header.php和footer.php文件，并在需要的地方访问它们。不直接支持仅加载文件的一部分。编辑(回应您对有关使用单独函数的其他答案的评论):假设您的file.php如下所示:he
根据HowtoinjectarepositoryintoaserviceinSymfony2?就像acme.custom_repository:class:Doctrine\ORM\EntityRepositoryfactory:['@doctrine.orm.entity_manager',getRepository]arguments:-'Acme\FileBundle\Model\File'但是我得到一个异常Invalidservice"acme.custom_repository":class"EntityManager5aa02de170f88_546a8d27f194334
