我创建了一个函数来打印一个包含变量的prepared-statement-sql-string，基于我在另一个StackOverflowquestion中找到的内容.这是我的代码:foreach($paramsas$idx=>$param){if($idx==0)continue;$sql=str_replace('?',"'".$param."'",$sql,1);}printError($sql);当我运行它时，我得到:fatalerror:第3行只能通过引用传递变量。但是当我使用$sql=preg_replace('/\?/',"'".$param."'",$sql,1);对于第
我在核心CakePHP文件中遇到E_NOTICE错误，当它试图引用一个从未设置或未设置的session时(cake/libs/cake_session.php第372行):functionread($name=null){if(is_null($name)){return$this->__returnSessionVars();}if(empty($name)){returnfalse;}$result=Set::classicExtract($_SESSION,$name);}我搜索了我的代码(在app/目录中)，但找不到对$_SESSION或session_destroy的引用。我
我在核心CakePHP文件中遇到E_NOTICE错误，当它试图引用一个从未设置或未设置的session时(cake/libs/cake_session.php第372行):functionread($name=null){if(is_null($name)){return$this->__returnSessionVars();}if(empty($name)){returnfalse;}$result=Set::classicExtract($_SESSION,$name);}我搜索了我的代码(在app/目录中)，但找不到对$_SESSION或session_destroy的引用。我
在我的index.php文件中，我调用了session_start()并设置了几个session变量。在第二个PHP文件中，我想访问这些session变量。事实是，这个PHP文件纯粹是一个后端脚本，当JavaScript函数被触发时被POST到。当POST调用尝试执行第二个PHP文件中的脚本时，错误日志报告:_SESSIONisanundefinedvariable.我尝试在第二个PHP文件的顶部调用start_session()和session_regenerate_id()，但问题仍然存在。我假设正在发生的事情是因为它在POST中，所以这个PHP文件在它自己的session中，因为
在我的index.php文件中，我调用了session_start()并设置了几个session变量。在第二个PHP文件中，我想访问这些session变量。事实是，这个PHP文件纯粹是一个后端脚本，当JavaScript函数被触发时被POST到。当POST调用尝试执行第二个PHP文件中的脚本时，错误日志报告:_SESSIONisanundefinedvariable.我尝试在第二个PHP文件的顶部调用start_session()和session_regenerate_id()，但问题仍然存在。我假设正在发生的事情是因为它在POST中，所以这个PHP文件在它自己的session中，因为
我在我的php应用程序中使用array_map函数。我这样定义了array_map函数。$ratingID=$this->db->insert_id();$rated_item_array=array_map(function($a){return$a+array('RatingID'=>$ratingID);},$rated_item_array);PHP通知来了APHPErrorwasencounteredSeverity:NoticeMessage:Undefinedvariable:ratingID当我打印$ratingID时。我正确地打印了值，因此定义了$ratingID。为
我在我的php应用程序中使用array_map函数。我这样定义了array_map函数。$ratingID=$this->db->insert_id();$rated_item_array=array_map(function($a){return$a+array('RatingID'=>$ratingID);},$rated_item_array);PHP通知来了APHPErrorwasencounteredSeverity:NoticeMessage:Undefinedvariable:ratingID当我打印$ratingID时。我正确地打印了值，因此定义了$ratingID。为
我一直在研究使用html5从我的网络应用程序拍照并使用php将图像上传到数据库-现在可以正常工作了。但是，我似乎可以找到显示“拍照”选项的唯一方法是通过一个文本字段，其中有一个名为“选择文件”的按钮有没有一种方法可以点击现有图像打开拍照选项，然后在用户拍摄照片/选择文件后显示新图像而不是现有照片？如果他们愿意保存图片，他们应该点击“上传”按钮。请参阅此处的JSfiddle，希望这有一定道理!http://jsfiddle.net/6dxGY/ 最佳答案 为此，您必须使用JavascriptFilereader。(filereader
我一直在研究使用html5从我的网络应用程序拍照并使用php将图像上传到数据库-现在可以正常工作了。但是，我似乎可以找到显示“拍照”选项的唯一方法是通过一个文本字段，其中有一个名为“选择文件”的按钮有没有一种方法可以点击现有图像打开拍照选项，然后在用户拍摄照片/选择文件后显示新图像而不是现有照片？如果他们愿意保存图片，他们应该点击“上传”按钮。请参阅此处的JSfiddle，希望这有一定道理!http://jsfiddle.net/6dxGY/ 最佳答案 为此，您必须使用JavascriptFilereader。(filereader
我想在LoaddataInfile中使用一个变量作为文件名。我运行以下代码:Set@d1='C:/Users/name/Desktop/MySQL/1/';Set@d2=concat(@d1,'20130114.txt');loaddatalocalinfile@d2intotableAvaya_test(Agent_Name,Login_ID,ACD_Time);不幸的是，运行后出现如下评论错误:“错误代码:1064。您的SQL语法有错误……”此代码中变量“@D2”带有下划线，表示此错误是由该变量引起的。您能帮我如何在LOADDATA@variableinfile中正确定义文件名变量
