我知道这已经被讨论过很多次了，但我认为这是不同的情况。我正在对php方法进行简单的ajax调用，如下所示:publicfunctionupdateAbout(){log_message('debug',"updateAboutiscalled",false);log_message('debug',$this->input->post('fname'),false);log_message('debug',"updateAboutsuccess",false);}在这个方法中，我只是想获取通过ajax调用传递的数据。但我没有得到ajax调用发布的数据，而是得到2个错误:Severity
我正在尝试在使用CodeIgniter构建的网站上实现成员(member)订阅服务。我希望使用PayPal来管理付款，但很难实现。我想要实现的是:用户填写成员(member)表格个人资料用户选择一个订阅选项(8个选项中的1个-每个不同的价格)并提交表格用户被发送到PayPal进行支付用户在成功付款后返回网站，个人详细信息存储在创建用户帐户(成员(member)资格)的数据库中。还添加了表单验证，我在CodeIgniter中使用了form_validation助手，但这需要在PayPal付款开始之前完成。我曾尝试实现RanAroussi的PayPal_Lib，但我觉得它没有足够明确的文档
我在/application/core中有一个Controller/application/core/CMS_Controller.php我在从CMS_Controller扩展的模块(/modules/my_module/controllers/controller.php)中有另一个Controller/modules/my_module/controllers/controller.phpload->view('view');}}并且，在view.php(/modules/my_module/views/view.php)中，我这样做:/modules/my_module/view
我一直在针对PHP的OO和MVC进行大量研究，并且几乎决定为我管理的现有大型网站迁移到CodeIgniter。我觉得使用OO+MVC环境具有巨大的组织和性能优势，与网站现在使用的现有功能/过程结构相比，有望提高开发速度。但是，由于站点的庞大规模，我想逐渐将代码转移到CodeIgniter的结构中，从而有一个过渡时期，站点的一部分在CI中，其他部分在旧样式中。对于从代码结构的角度做到这一点同时最大限度地减少重复代码量的最佳方法，是否有任何建议？我也是OO的新手，由于学习曲线，我觉得循序渐进是最好的方法。 最佳答案 您可以将CI安装到文
我在CodeIgniter中有这个查询:$query=$this->db->query("SELECTu.id,u.first_name,u.last_name,u.email_address,g.idASgroup_id,g.nameASgroup_name,g.human_readable_nameAShuman_readable_group_nameFROMusersASuJOINgroupsASgONu.group_id=g.idORDERBYu.last_name");return$query->result();当我var_dump一行时，我得到这个:object(stdC
我试图让我的CodeIgniter应用程序像WordPress一样工作。我希望能够制作这些类型的URL:http://www.example.com/my-post-examplehttp://www.example.com/new-headline-herehttp://www.example.com/i-love-stackoverflow我的路线:$route['(:any)']="core/index/$1";这将调用我的核心Controller并将页面名称传递给索引函数。然后我在我的数据库中查找页面名称并将该页面显示给用户。到目前为止一切顺利。但是，有时我想调用另一个Cont
我有一个表单，要求用户输入一些信息。如果他们未能完成必填字段，他们将重新获得表格；页面顶部通知他们需要哪些字段，并且我启用了粘性表单(set_value())，因此他们的输入不会丢失。我正在使用flashdata向用户显示消息(即，如果他们输入的内容已经存在于数据库中)。我的表单在我的Controller的索引方法中。当从我的View中单击提交时，它会调用我的Controller中的add()方法。add()方法执行验证并根据结果提交到数据库或踢回给用户以获取更多数据。我在执行此操作时遇到了几个问题。1.如果验证失败，我使用$this->index()返回我的表单并显示验证错误。如果我
当我遇到障碍时，我正在阅读官方的CodeIgniter教程......tutorial让我保存并运行这段代码:如果我输入以下网址:index.php/blog它工作并显示“HelloWorld!”。当我修改URL显示评论如下:index.php/blog/comments/我得到一个404。 最佳答案 如果你加一个?在index.php之后有效吗？http://example.com/index.php?/blog/comments 关于php-Codeigniter函数调用404，我们
我没有看到任何机制可以在将由模板解析器重写的View中引用language_key。现在，我的View包含如下字符串:{register}{userid}{password}我希望将它们替换为语言定义中的匹配字符串，就像我在View中这样做一样:lang->line('register')?>lang->line('userid')?>lang->line('password')?>但是，我没有看到任何机制可以自动支持这一点。所以，我在Controller中这样做:$data=array('userid'=>$this->lang->line('userid'),'password'=
这个问题在这里已经有了答案:CodeIgniterPOSTVariable(3个答案)关闭2年前。出于某种原因，我似乎无法在codeigniterController中发布数据。我把它分解成一个非常简单的形式来测试它，仍然没有运气。如果我使用method="get"它工作正常。不管怎样，下面是表单、Controller/函数和我的.htaccess。任何帮助将非常感激。此外，我在这里看到了其他一些类似的问题，但似乎没有一个答案适合我。形式:catalog/bundleSubmit"method="post">Controller/函数:publicfunctionbundleSubmi
