我看过官方documentation他们只说我应该在主index.php文件的顶部有一个error_reporting()函数。但我没有index.php文件在我的项目中。我的基本Controller称为core，因此要访问主索引，我转到www.mysite.dom/core/。所以我猜这个错误报告函数应该在这个Controller里面？然后我想知道的是我应该把它放在Controller的什么地方以及在里面放什么来禁用报告。谢谢大家的帮助，我想我遗漏了一些东西:/ 最佳答案 这是新的Codeigniter项目的典型结构:-appli
如何将Controller的响应返回给JqueryJavascript？Javascript$('.signinform').submit(function(){$(this).ajaxSubmit({type:"POST",url:'index.php/user/signin',//targetelement(s)tobeupdatedwithserverresponsecache:false,success:onSuccessRegistered,error:onFailRegistered});returnfalse;});数据返回null(空白)!functiononSucce
如何将Controller的响应返回给JqueryJavascript？Javascript$('.signinform').submit(function(){$(this).ajaxSubmit({type:"POST",url:'index.php/user/signin',//targetelement(s)tobeupdatedwithserverresponsecache:false,success:onSuccessRegistered,error:onFailRegistered});returnfalse;});数据返回null(空白)!functiononSucce
我正在尝试在我的应用程序中构建一个身份验证系统，但在确定哪种方式是我在CodeIgniter中完成我想要的内容的最佳方式时遇到了一些问题。该网站允许公司管理他们的建筑物。一家公司可以有很多建筑物，也可以有很多用户(当我说用户时，我指的是该公司的员工)。在这个网站中，我希望有两个(基本上)四个一般类型的用户。super管理员:这将能够向数据库添加新管理员和新公司，并为其他管理员授予权限。管理员:这将能够根据分配的权限执行不同的操作。公司super用户:该用户将在管理员创建新公司时直接创建。此用户将能够为该公司创建新用户，并且由于他/她将拥有全部权限，他将能够执行其他用户可以执行的所有操作
我正在尝试在我的应用程序中构建一个身份验证系统，但在确定哪种方式是我在CodeIgniter中完成我想要的内容的最佳方式时遇到了一些问题。该网站允许公司管理他们的建筑物。一家公司可以有很多建筑物，也可以有很多用户(当我说用户时，我指的是该公司的员工)。在这个网站中，我希望有两个(基本上)四个一般类型的用户。super管理员:这将能够向数据库添加新管理员和新公司，并为其他管理员授予权限。管理员:这将能够根据分配的权限执行不同的操作。公司super用户:该用户将在管理员创建新公司时直接创建。此用户将能够为该公司创建新用户，并且由于他/她将拥有全部权限，他将能够执行其他用户可以执行的所有操作
我在PHP脚本中，我想检查请求是否是Ajax请求。(基本上不允许直接脚本访问，除了Ajax调用。)因此，我在主index.php文件中的某处定义了IS_AJAX:define('IS_AJAX',isset($_SERVER['HTTP_X_REQUESTED_WITH'])&&strtolower($_SERVER['HTTP_X_REQUESTED_WITH'])=='xmlhttprequest');然后在我的脚本顶部检查它:if(!IS_AJAX)exit('Nodirectscriptaccessallowed');由于我是CodeIgniter的新手，我想知道:有没有这样的
我在PHP脚本中，我想检查请求是否是Ajax请求。(基本上不允许直接脚本访问，除了Ajax调用。)因此，我在主index.php文件中的某处定义了IS_AJAX:define('IS_AJAX',isset($_SERVER['HTTP_X_REQUESTED_WITH'])&&strtolower($_SERVER['HTTP_X_REQUESTED_WITH'])=='xmlhttprequest');然后在我的脚本顶部检查它:if(!IS_AJAX)exit('Nodirectscriptaccessallowed');由于我是CodeIgniter的新手，我想知道:有没有这样的
我想将$data从名为poll的Controller传递到results_view但是我收到一个undefinedvariable错误。load->database();$this->load->helper('form');}publicfunctionindex(){$this->load->view('poll_view',$data);}publicfunctionvote(){echo"VotingSuccessfull";$this->db->insert('votes',$_POST);}publicfunctionresults(){echo"Thesearethere
我想将$data从名为poll的Controller传递到results_view但是我收到一个undefinedvariable错误。load->database();$this->load->helper('form');}publicfunctionindex(){$this->load->view('poll_view',$data);}publicfunctionvote(){echo"VotingSuccessfull";$this->db->insert('votes',$_POST);}publicfunctionresults(){echo"Thesearethere
我想从另一个Controller中的函数加载一个Controller，因为我集成到我的项目中的库我不想将它加载到Controller中，因为我想保持它干净和相关。我尝试使用模块，但我仍然必须将Controller放在url中，如http://example.com/maincontroller/functionhttp://example.com/othercontroller/function我有默认Controller，所以我可以加载http://example.com/function那么我如何从main的函数访问Controller，这样我就不必将Controller放在url
