在我决定上传更大的文件之前，我的文件上传脚本一切正常，而对于更大的文件，我只是在谈论2mb谈论更多的30mb文件。我已经到我的php.ini更改以下内容:post_max_size=100Mupload_max_filesize=120M留内存限制@d默认128M经过所有这些设置它仍然没有工作，它显示此错误消息"filecouldnotbewrittentodisk"一些friend建议它与d权限有关，但我对此表示怀疑，因为相同的脚本适用于600kb及以下的较小文件。我真的无法解释发生了什么。任何帮助将不胜感激。 最佳答案 如果是l
这个问题在这里已经有了答案:Multiplefileuploadinphp(14个答案)关闭2年前。我知道这听起来可能是比较基础的问题，但还是想问一下。我需要通过在我的表单中为每个文件创建两个文件输入来一次上传两个文件。到目前为止，我一直使用基本脚本来测试上传单个文件。我还找到了一些如何上传多个文件的示例，但在我的例子中，我有两个上传字段，我希望用户上传这两个文件。上传后，我想将其保存在我的网络服务器上。任何简单的例子都会有很好的帮助。谢谢
我正在尝试使用PHP分块上传视频文件。(我们都知道PHP对此有多精巧)下面是我的测试代码:echo"";echo"";echo"";echo"";if(isset($_POST['video'])){$putdata=fopen("php://input","r");$fp=fopen("assets/video/test.mp4","w");while($data=fread($putdata,1024)){echo$data;fwrite($fp,$data);}echo"DONE!(hopefully)";fclose($fp);fclose($putdata);}当我echo$
我正在使用(或尝试)JoseGonzalez的上传插件:https://github.com/josegonzalez/upload，我想将我的图像记录存储在一个单独的表中。我遵循了github上的自述文件，但它没有指出如何在添加/编辑View和Controller中启用此功能。这是我到目前为止所做的:应用/模型/Image.php:classImageextendsAppModel{public$actsAs=array('Upload.Upload'=>array('image'=>array('thumbnailSizes'=>array('thumb'=>'20x20')),)
我正在尝试将文件从我的php服务器上传到其他服务器(我的工作场所非常蹩脚，足以阻止ssh流量)无论如何，这就是我正在尝试做的事情:(位于:/public_html/manage.phplogin('root','12345')){//ifyoucan'tlogon...exit('sshLoginFailed');}$sftp=newNet_SFTP('SomeServer',22);if(!$sftp->login('root','12345')){//ifyoucan'tlogon...exit('sftpLoginFailed');}echo$sftp->pwd();$outpu
我正在研究extjs+php中的文件上传功能。我想从extjs上传文件或图像，并需要将其发送到我正在用PHP设计的服务器端。在extjs中，我查看文件的代码为-Ext.define('Balaee.view.kp.dnycontent.Content',{extend:'Ext.panel.Panel',requires:['Balaee.view.kp.dnycontent.ContentView'],id:'ContentId',alias:'widget.Content',title:'Thisdayinahistory',items:[{xtype:'fileuploadfie
我正在尝试向图像板脚本KusabaX添加一种从远程位置上传文件的方法。该类对$_FILES['imagefile']['name']和$_FILES['imagefile']['size']进行了大量检查，想要将它们重新用于从远程URI上传文件。在upload.class.php中，我有一个包含我要上传的图片的URI的变量。我不想重写它来制作一大堆if/elses或几乎复制该代码，我在想是否有办法按原样使用它们？已尝试($imgURI是文件的http://位置):$_FILES['imagefile']['name']=$imgURI;和$imagefile_name=fopen($i
已编辑随着jQueryFileUploadDocumentation我可以用MySQLDB中的图片保存数据(见图1+2)现在我遇到的问题是如何取回数据。上传后，我想用数据库中的数据显示图片，但我找不到如何做到这一点。如果有人知道如何编辑附加数据库数据的json，或者知道如何将它var_dump推向正确的方向，那就太棒了!我找不到创建json的位置。json现在看起来像这样:{"files":[{"name":"02(1).jpg","size":12508,"type":"image\/jpeg","url":"http:\/\/localhost:8888\/server\/php\
我想让用户使用我的帐户将视频上传到YouTube。它表示他们访问了我的网站，点击“上传视频”按钮，选择文件并将其上传到我帐户中的YouTube。用户不要登录他们自己的帐户，他们使用我的帐户。据我所知，我必须使用UsingOAuth2.0forWebServerApplications.我在cloud.google.com上创建了新项目，在API中选择了PredictionAPION和YouTubeDataAPIv3，注册了新应用并获得了证书(SERVICE_ACCOUNT_NAME=电子邮件地址？)。GoogleAPIsClientLibraryforPHP显示错误Catchablef
我看了下面的帖子jQueryAjax-StatusCode0?但是我找不到明确的答案，而且我在寻找问题的根源时遇到了严重的问题，所以我在这里发帖，希望有人能指出我正确的方向。在我的代码中，我执行了一个仅发送基本JSON数据的AngularHTTPpost，然后在成功回调中我使用AJAX将文件上传到同一服务器。(我知道我不应该使用jQuery和Angular但是我暂时不能改变它)看起来像这样vardeferred=$q.defer()//firstpost$http.post(url,payload,{params:params,headers:headers).then(functio
