$placename=timezone_name_from_abbr("",$timezone*3600,false);$date=date_create($list['stamp'],timezone_open($placename));$datetimezone=newDateTimeZone('Europe/London');$dateTime=newDateTime($list['stamp'],$datetimezone);$dateTime->setTimeZone(newDateTimeZone($placename));编辑我尝试了以下建议的代码作为答案，它产生的时间比
这里是我的代码:为什么？ 最佳答案 我假设在您选择的时区，当天的日期从夏令时切换，所以有两个凌晨2:00。我看到你在利物浦学习——这是在英国机器上吗？十月的最后一个星期日传统上是英国夏令时和格林威治标准时间之间的转换日期。我相信欧洲大部分地区也是如此。尝试添加:date_default_timezone_set("UTC");在脚本的开头；这会将时区固定为没有DST调整的时区。您应该会发现您获得了独特的结果。 关于phpdate给我两个不同时间戳的相同日期，我们在StackOverflo
我想知道我用来检索插入到postgresql表中的最后一行的id的方法是否有效..它显然有效，但是当我有许多用户同时在同一个表中添加行时，引用序列currval值可能会出现问题。我的实际做法是:$pgConnection=pg_connect('host=127.0.0.1dbname=testuser=myuserpassword=xxxxx')ordie('cantconnect');$insert=pg_query("INSERTINTOcustomer(name)VALUES('blabla')");$last_id_query=pg_query("SELECTcurrval(
我非常希望看到PHP警告“无法修改header信息”。为什么？因为它是明智的。您不应该在正文之后发送header。但是我可以!!如果我在Controller中调试一些变量并且之后没有立即退出，脚本只会重定向到下一页:一切都“顺利”并且我看不到我的变量转储。我可以在PHP的哪个位置配置(？)它不缓冲输出？或者是什么导致了这种奇怪的行为!明确一点:我确实想要PHP警告，我不想要重定向header('Location:...')开始工作。我很确定在我以前的(本地)服务器(都是WXP)上它确实抛出了输出/标题警告...编辑为了说明这一点，使用最基本的代码(我没有按字面意思使用，但间接地是相同的
我有这个PHP代码:$last_sent=strtotime('2013-08-12');if($last_sent我需要查看$last_sent日期是30天前还是30多天前。但这似乎不起作用。我将最后发送日期更改为2013-07-12(恰好30天前)它回显sendsurvey然后当我将日期更改为今天(2013-08-12)它仍然说“发送调查” 最佳答案 使用strtotime('-30天')代替strtotime('now+30days')。 关于PHP查看'lastsent'日期是否
我正在使用wordpress构建网站，当我使用date()在一个空文件上运行，它显示正确的日期。但是，如果我在包含其他wordpress文件的文件中使用它，时间将显示为GMT时间，因此日期是关闭的。如果有人能弄清楚如何在不中断wordpress方法的情况下使用日期函数，我将不胜感激。 最佳答案 我不使用wordpress，所以我不确定，但听起来wp中有一个设置是使用date_default_timezone_set()应用的。它可能配置为GMT，以便从WP中轻松计算用户偏好。我会看看这是否可以在WP中配置，或者自己使用必要的函数和/
我对刚刚在我正在处理的脚本中遇到的问题感到困惑。我有以下内容:functiongetPart($part){$array=array('a','b','c');if($part=='first')$part=0;if($part=='last')$part=count($array)-1;if(isset($array[$part]))return$array[$part];returnfalse;}$position=0;echogetPart($position);所以，如果我要尝试字符串“first”，我应该得到“a”作为输出。对于字符串“last”，我应该得到“c”等等。当我使
这个问题在这里已经有了答案:Howtofix"Headersalreadysent"errorinPHP(11个答案)关闭9年前。我收到错误消息:警告:无法修改header信息-header已发送(输出从C:\xampp\htdocs\json.php:1开始)我知道如果我写了一些东西并想稍后发送标题信息，就会出现此错误消息。但在这种情况下，我什么都不写。这是我的代码，从第1行开始。有人能帮帮我吗？我使用带有XAMPP的开发人员系统。
我正在尝试添加一个简单的表单以允许我的用户编辑他们的个人资料。我的问题是:由于“链接”到表单的实体与当前用户对象相同($user===$entity，见下文)，如果表单验证失败，则View是使用修改后的用户对象呈现(即使用无效形式的值)。这是我的(经典)Controller:publicfunctionprofileAction(){$em=$this->getDoctrine()->getEntityManager();$user=$this->get('security.context')->getToken()->getUser();$entity=$em->getReposit
我正在使用以下代码获取工作日的Y-m-d格式:$monday=date('Y-m-d',strtotime('Monday'));$tuesday=date('Y-m-d',strtotime('Tuesday'));$wednesday=date('Y-m-d',strtotime('Wednesday'));$thursday=date('Y-m-d',strtotime('Thursday'));$friday=date('Y-m-d',strtotime('Friday'));今天是2012-08-01(第31周)，我需要的星期一值应该是2012-07-30。strtotime
