我有一个包含超过1000个输入的表单，它在下面显示警告:Warning:Unknown:Inputvariablesexceeded1000.Toincreasethelimitchangemax_input_varsinphp.ini.inUnknownonline0我在php.ini文件中将max_input_vars更改为超过1500，但它没有生效并显示相同的错误。我的项目详情:服务器:本地主机XAMPPHP版本:5.5.15系统操作系统:windows7如何清除此警告？ 最佳答案 ASH的建议ini_set('max_inp
functionreload(form){varval=$("seltab");alert(val);}echo"";echo"";$querysel="SELECTtitle_id,authorFROMauthorsNATURALJOINbooks";$result1=mysql_query($querysel);while($rowID=mysql_fetch_assoc($result1)){$TitleID=$rowID['title_id'];$author=$rowID['author'];print"$author\n";print"";}print"";
我可以设置如下PHP配置参数吗:最大执行时间=360最大输入时间360这样安全高效吗？我实际上需要我的用户使用基于php的内容管理系统上传大型视频。因此，每个视频上传都需要几分钟时间。我是否需要同时更改两者并且这些值都很好？谢谢 最佳答案 据我了解，您不必更改任何一项。如果您只是使用move_uploaded_file存储视频文件，则无需增加max_execution_time，因为上传时间不计入执行时间。manual以下是关于max_input_time的内容(重点是我的):Thissetsthemaximumtimeinseco
我通过命令行运行了一个脚本2小时。该脚本在MacOSX上运行并查询数据库以获取作业列表并生成pdf并一遍又一遍地发送电子邮件。它继续前进并没有失败。该脚本从命令行运行。我以为只有30秒。 最佳答案 PHPCLIvs.PHPCGImax_execution_time:CLIdefaultis0(unlimited)(备案:CLI-命令行界面) 关于phpmax_execution_time30秒，但运行脚本2小时，我们在StackOverflow上找到一个类似的问题：
我在加载HTML时遇到问题每当页面首次加载或刷新时都有值。我实际上是在尝试创建一个带有3个下拉菜单的date_select，其中包括年、月和日，当月菜单或年菜单更改时，它会自动调整天数。例如，当我选择3月时，天数将为31或4月，天数仅为30。我的问题是首次加载页面时，日间菜单是空的。我试过onload在上但它没有用。我是编程的初学者，所以即使是这样的简单练习我也遇到了麻烦。请帮忙。date_select.phpfunctionloadDays(){varyear=parseInt(document.getElementById('years').value);varmonth=docu
我在这里看到了其他一些类似的问题，但大多数答案都是Apache特定的(处理他们的.htaccess文件)并且我使用的是nginx。我在更改php.ini中的upload_max_filesize时遇到问题。我在Debian上使用nginx、php5和wordpress。当我运行phpinfo()时，我看到以下输出:加载的配置文件/etc/php5/cgi/php.ini然后我转到相关的.ini文件，更改一些值，然后重新启动nginx。当我启动我为wordpress获得的phpinfo()插件时，它报告值未更改。我不知所措，因为phpinfo()报告它正在从我更改的文件中加载配置值，但它
我正在为表单进行服务器端验证。使用AJAX，表单将“用户名”输入字段中的值发送到我的PHP页面，然后检查该用户名是否已存在于数据库中。这是我的PHP代码:$result=mysqli_query($dblink,"SELECT*FROMusersWHERE`username`='$regname'")ordie(mysqli_error($dblink));echomysqli_affected_rows($result);*(目前我正在为mysqli_affected_rows做一个简单的回显，只是为了看看我的MySQL查询是否按预期工作)*我得到的错误是:Warning:mysql
我在两件事上需要帮助，因为我不精通PHP:根据以下内容而变化的内容:Option1Option2我认为这可以使用PHP来完成，方法是为选项命名，让PHP获取名称，根据这些名称创建变量并放置一个显示更改内容的“include”。这是脚本的模型:阅读选择如果用户选择“变量1、变量2等”THEN显示"page1,page2,page3"*页面在页面内更改，这样如果用户想再次更改它，他们不必返回...也许这可以通过使用来完成:该内容将包含一个按钮，根据该按钮，我希望用特定文本填充一个文本框。然后根据该按钮的值，PHP会将文本放入文本框中。根据我的阅读，这将使用$request和$post...
在laravel4路由中，我有一个这样的数据库查询$data1=DB::select('SELECTMAX(id)ASmxidFROMtable_name',array());return$data1["mxid"];但它给出了以下错误:帮帮我。我不明白为什么找不到这个key。如果我写return$data1;它给出了，[{"mxid":"0"}] 最佳答案 解决方案:return$data1[0]->mxid; 关于php-Laravel4-DB::select返回数组但未找到$arr
我正在尝试清理我编写的一些代码。这是当前代码:$message=Message::with('comments')->join('users','messages.created_by','=','users.id')->join('team_user','messages.created_by','=','team_user.user_id')->join('teams','team_user.team_id','=','teams.id')->join('roles','team_user.role_id','=','roles.id')->select('messages.id'
