在PHP中，我们可以通过以下方式设置内容类型:header('Content-Type:text/plain');但是如果我处理一个需要显示错误消息的PHP类，错误消息的格式是根据内容类型显示的，例如如果页面是text/html，则显示HTML格式的错误信息；否则，显示纯文本错误消息。是否有任何函数/片段可用于检测页面内容类型？注意:鉴于PHP类文件是通过require_once()“附加”到页面的更新:根据@Tamil的回答，我进行了一个简短的测试:它只返回text/x-php。但我希望结果会返回text/plain。 最佳答案
我刚刚开始使用Laravel5，但我还无法显示经典的Hello页面；我只看到我的应用程序文件列表。我尝试过更改.htaccess文件、清除缓存、创建新应用程序，但都无济于事。我知道PHP在我的服务器上运行良好，似乎只有这个Laravel应用程序无法处理它。这似乎我错过了一些明显的东西，但我不知道我应该问什么。这里有一张截图来展示我所看到的:这是我用来创建应用程序的命令$laravelnewm6g我正在使用普通apache2(未使用mamp设置)的Mac上工作 最佳答案 您是否尝试过从终端安装您的应用程序？首先，使用cd和在终端上转到
1)我是laravel的新手，想集成验证规则。我的要求是在其他两个字段的基础上强制第三个字段。如果a和b都为真，则字段C是必需的。我已经使用required_if在其他单个字段的基础上进行验证，但我如何使用required_if检查两个字段？2)为了实现上述功能，我也尝试了自定义验证规则。但它只有在我同时提取所需规则时才会起作用。例如:'number_users'=>'required|custom_rule'//working'number_users'=>'custom_rule'//Notworking 最佳答案 您可以使用c
我正在使用XMLWriter创建xml。下面是我的代码，它运行良好。openMemory();$writer->startDocument('1.0');$writer->setIndent(4);$writer->startElement('epp');$writer->startElement("command");$writer->startElement("login");$writer->writeElement('clID','hello');//username$writer->writeElement('pw','abcdefg');//password$writer-
我有响应式css选项卡，我用它来以优雅的方式显示信息，但是当用户刷新页面时，它会返回到第一次检查的输入。我想知道如何让页面上的用户按钮保持选中状态，刷新他之前选择的按钮。我写了一个脚本，但它似乎不起作用。标签InboxImportantBin脚本$(document).ready(function(){$('.inputabsinput[type="radio"]').each(function(){$(this).attr("checked",$(this).checked());}); 最佳答案 以下是否符合您的要求:$(doc
CURLM_CALL_MULTI_PERFORMwasdeprecated.do{$mrc=curl_multi_exec($mc,$active);}while($mrc==CURLM_CALL_MULTI_PERFORM);还有其他选择吗？curl版本7.27.0 最佳答案 您应该保持代码不变，因为这仍然是调用curl_multi_exec的最佳方式。常量本身仍然存在；在Curl7.20.0及更高版本中根本不使用它。但是，更改是以这样一种方式完成的，即您以前的代码根本不需要修改，并且将继续工作。在Curl7.20.0之前，cur
是否可以使用PHP抓取Google搜索结果页面以提取找到的搜索结果总数？如果是这样，我该怎么做呢？谢谢 最佳答案 尝试使用phpsimplehtmlparser$search_query='google';$url=sprintf('http://www.google.com/search?q=%s',$search_query);$html=file_get_html($url);$results=$html->find('#resultStats/b',2)->innertext;echosprintf('Googlefound
我最近开始使用Laravel4进行开发，我对路由有疑问。对于“/”，我希望根据用户的授权状态有两个不同的View页面。如果用户已登录并正在查看“/”，我想向他们展示一个带有管理控件的View，当用户在未登录的情况下以普通用户的身份查看“/”时，我想提供一个一般信息View。为了实现这一点，我一直在尝试使用过滤器“auth”和“guest”，但没有成功。//应用程序/routes.php//routeforloggedinusersRoute::get('/',array('before'=>'auth',function(){return'loggedin!';}));//fornor
我有几个查询字符串，我想使用“mysqli_multi_query”一次执行。这行得通。当我再次插入查询以使用“mysqli_query”检查联接表中的每个项目时，它不会返回任何结果也不会来自PHP的任何错误。当我在phpmyadmin中手动运行查询字符串时，一切正常。这是我的代码:我的代码有什么问题吗？ 最佳答案 我刚刚在thePHPmanual中找到了答案:WATCHOUT:ifyoumix$mysqli->multi_queryand$mysqli->query,thelatter(s)won'tbeexecuted!BADC
从所有教程中，我应该能够对用户进行身份验证，然后跳转到任何其他页面，并保持登录。然而，这不起作用。自定义编译的PHPLAMP堆栈。应用存储是可写的。与教程的唯一区别是我使用的是电子邮件而不是用户名。http://laravelbook.com/laravel-user-authentication/http://codehappy.daylerees.com/authenticationsession有效，因为我能够将var存储到session并在不同的页面上读出它。models/User.php(股票)useIlluminate\Auth\UserInterface;useIllum
