在PHP中，我们可以通过以下方式设置内容类型:header('Content-Type:text/plain');但是如果我处理一个需要显示错误消息的PHP类，错误消息的格式是根据内容类型显示的，例如如果页面是text/html，则显示HTML格式的错误信息；否则，显示纯文本错误消息。是否有任何函数/片段可用于检测页面内容类型？注意:鉴于PHP类文件是通过require_once()“附加”到页面的更新:根据@Tamil的回答，我进行了一个简短的测试:它只返回text/x-php。但我希望结果会返回text/plain。 最佳答案
我刚刚开始使用Laravel5，但我还无法显示经典的Hello页面；我只看到我的应用程序文件列表。我尝试过更改.htaccess文件、清除缓存、创建新应用程序，但都无济于事。我知道PHP在我的服务器上运行良好，似乎只有这个Laravel应用程序无法处理它。这似乎我错过了一些明显的东西，但我不知道我应该问什么。这里有一张截图来展示我所看到的:这是我用来创建应用程序的命令$laravelnewm6g我正在使用普通apache2(未使用mamp设置)的Mac上工作 最佳答案 您是否尝试过从终端安装您的应用程序？首先，使用cd和在终端上转到
我正在使用XMLWriter创建xml。下面是我的代码，它运行良好。openMemory();$writer->startDocument('1.0');$writer->setIndent(4);$writer->startElement('epp');$writer->startElement("command");$writer->startElement("login");$writer->writeElement('clID','hello');//username$writer->writeElement('pw','abcdefg');//password$writer-
我有响应式css选项卡，我用它来以优雅的方式显示信息，但是当用户刷新页面时，它会返回到第一次检查的输入。我想知道如何让页面上的用户按钮保持选中状态，刷新他之前选择的按钮。我写了一个脚本，但它似乎不起作用。标签InboxImportantBin脚本$(document).ready(function(){$('.inputabsinput[type="radio"]').each(function(){$(this).attr("checked",$(this).checked());}); 最佳答案 以下是否符合您的要求:$(doc
是否可以使用PHP抓取Google搜索结果页面以提取找到的搜索结果总数？如果是这样，我该怎么做呢？谢谢 最佳答案 尝试使用phpsimplehtmlparser$search_query='google';$url=sprintf('http://www.google.com/search?q=%s',$search_query);$html=file_get_html($url);$results=$html->find('#resultStats/b',2)->innertext;echosprintf('Googlefound
我最近开始使用Laravel4进行开发，我对路由有疑问。对于“/”，我希望根据用户的授权状态有两个不同的View页面。如果用户已登录并正在查看“/”，我想向他们展示一个带有管理控件的View，当用户在未登录的情况下以普通用户的身份查看“/”时，我想提供一个一般信息View。为了实现这一点，我一直在尝试使用过滤器“auth”和“guest”，但没有成功。//应用程序/routes.php//routeforloggedinusersRoute::get('/',array('before'=>'auth',function(){return'loggedin!';}));//fornor
从所有教程中，我应该能够对用户进行身份验证，然后跳转到任何其他页面，并保持登录。然而，这不起作用。自定义编译的PHPLAMP堆栈。应用存储是可写的。与教程的唯一区别是我使用的是电子邮件而不是用户名。http://laravelbook.com/laravel-user-authentication/http://codehappy.daylerees.com/authenticationsession有效，因为我能够将var存储到session并在不同的页面上读出它。models/User.php(股票)useIlluminate\Auth\UserInterface;useIllum
大家好，我对使用CakePHP2.x非常满意，但目前我不得不使用更旧的CakePHP1.2.x应用程序。我已经实现了一个Ajax分页，它在第一页上工作得很好，但是“下一页”链接永远不会超过第2页。所以即使第2页加载后，我的分页器的下一个链接仍然是“页面:2'。不同之处在于我的分页器链接是全局的。我不加载分页链接作为新DOM注入(inject)HTML的一部分。分页器链接位于我的ajax容器之外，内容在单击时加载到容器中。分页器链接未加载到该容器中。我很清楚CakePHP2.x使用了$this->Js->WriteBuffer();打印出核心JS的方法，据我所知，它用于(除其他外)更新分
我们的网站目前正在使用“Yoast的WordPressSEO”rel="next"和rel="prev"在类别和存档页面上工作正常，但是在我们创建的页面模板中，rel="next"和rel="prev"没有显示。(此页面模板也有分页)我们的网站结构=>我们有“文章”帖子类型在文章中我们有类别信用卡现金卡贷款等等因为我希望url为www.sitename.com/loan而没有../category/loan我创建了名为“贷款”的“页面”，并使用page-loan.php作为页面模板来查询帖子类型“文章”类别“贷款”我想让rel="next"和rel="prev"也出现在这个页面模板中我
我收到错误Thepagehasexpiredduetoinactivity.请刷新并重试。在Laravel5.6.39上。在Chrome的“网络选项卡”中显示错误login-419unknownstatus我一刷新页面，就立即收到错误消息。所以我再也看不到登录View了，然后我就卡住了。想想没有经验的普通用户，只尝试刷新页面。如果它不起作用，他们就会离开您的应用。我可以按照以下步骤重现错误:转到登录View输入用户名和密码，不要勾选“记住我”标志等待session过期(出于测试目的，我将SESSION_LIFETIME设置为1分钟)点击登录按钮，我得到了那个错误我已经阅读并尝试了最常见
