我在这方面遇到了一些麻烦，看不出我做错了什么。我有这个表格:因此，当用户单击按钮时，它应该提交表单，然后让此PHP对表单执行操作(我知道该sql不是准备好的语句并且容易受到注入(inject)攻击，但这将在稍后完成):但是当我检查我的表时，没有信息被插入到数据库中。请记住，这段代码都在同一个文档中，因此我没有在表单声明中使用action="file.type"。这是因为我不确定ajax在这里是否合适。非常感谢任何帮助，谢谢。编辑我能做的是使用ajax和jQuery来监听按钮点击事件:$(document).ready(function(){$(".submitDetails").cli
给定一个来自WYSIWYG的大文本block，例如:Loremipsumdolorsitamet,consecteturadipiscingelit.Donecinterdum,nequeatposuerescelerisque,justotortortempusdiam,euhendreritliberovelitsedmagna.Morbilaoreettinciduntquaminfacilisis.Craslaciniaturpisviverralacusegestaselementum.Curabiturseddiamipsum.如何使用JQUERY查找以下内容:consec
我在DAO中创建了一个方法:publicStringgetUserName(intuserid){Stringsql="SELECTuserNamefromUserDetailwhereuserid=?";returnjdbcTemplate.queryForObject(sql,newObject[]{userid},String.class);}此行:jdbcTemplate.queryForObject(sql,newObject[]{userid},String.class)出现以下错误:ThemethodqueryForObject(String,Object[],Class
我仍然开始了解整个关系数据库thingymawhatsit。不管怎样，我是一名PHP程序员，所以我可以完成所有这些工作。我只需要考虑什么是这种情况的最佳方法...我正在开发一个网站(使用CodeIgniter，如果有帮助的话)-一个用户可以发布内容的网站(想想博客风格的东西)。每个帖子都必须有标签，任何数量的标签，我不能只限于3或5个。这必须是无限制的。那么我应该做哪些呢？将标签放在同一个数据库表中的帖子旁边，即“entries”包含“post”、“title”和“tags”(显然还有“id”)将标签放在它们自己的表格中，并将每个标签行链接到条目“id”...？...完全是别的东西？只
这个问题在这里已经有了答案:HowtoincludeaPHPvariableinsideaMySQLstatement(6个答案)关闭2年前。我的问题是为什么一段代码有效而两段代码无效，以及我如何才能让无效的代码正常工作。有效代码:mysql_select_db("webuser1",$con);mysql_query("INSERTINTOusers(column1,column2)VALUES('value1','value2')");mysql_close($con);不存在的代码no1($var1包含“value1”等):mysql_select_db("webuser1",$
从原理性看：根据HTTP规范，GET请求用于获取信息，而且应该是安全和幂等的，而POST请求表示可能修改服务器上资源从表面上看：GET请求的数据会附在URL后面（浏览器地址栏、ReqHeader上），POST的数据放在HTTP包体（ReqBody上）POST安全性比GET安全性高GET请求：GET请求可以被缓存GET请求保留在浏览器历史记录中GET请求可以添加书签处理敏感数据时，绝不应使用GET请求GET请求有长度限制GET请求应仅用于检索数据POST请求：POST请求永远不会被缓存POST请求不会保留在浏览器历史记录中不能为POST请求添加书签POST请求对数据长度没有限制本文首发blog，
我是编程界的新手，我已经对使用HTML-AJAX-PHP-MySQL的基本CRUD类型Web应用程序有了足够的了解。我一直在学习编码作为一种爱好，因此只使用了WAMP/XAMP设置(本地主机)。我现在想尝试使用VPS并学习设置它，并最终打开一个新项目供公众使用。我注意到，每当我使用AJAX甚至常规POST将表单数据发送到我的PHP文件时，如果我打开Chrome调试器并转到“网络”，我就可以看到正在发送的数据，以及发送到哪个后端它将数据发送到的PHP文件。如果用户可以看到这个，他们是否可以拦截这个数据，修改它，并将它发送到同一个后端PHP文件？如果他们创建自己的简单HTML页面并将POS
所以我正在将我的开发环境和生产环境迁移到postgresql，以便我可以部署到Heroku。安装mysql2psqlgem后，初始化(postgresql)database.yml文件——我被困在运行mysql2psql的地方。运行后得到以下信息:/Library/Ruby/Gems/1.8/gems/mysql2psql-0.1.0/bin/../lib/mysql2psql/mysql_reader.rb:153:in`query':Querycacheisdisabled;restarttheserverwithquery_cache_type=1toenableit所以问题是如
在访问我的数据库时，我让用户填写一个表单，然后在目标页面中，发布的值用于生成的MySQL查询。$query=mysql_query("SELECTpassFROMdatabaseWHEREuser='$_POST[user]'");但是，出于某种原因，MySQL不喜欢我在命令中使用$_POST变量，并且只有在我定义(例如)$user=$_POST['user']时它才有效;，然后把$user直接放在SQL命令中。另一方面，我可以在不需要特定列名的INSERT语句中使用$_POST值:$query=mysql_query("INSERTINTOdatabaseVALUES('foo','
我目前有一个包含50多个字段的表单，其中大约有20个可选字段。是否有任何简单的方法可以一次处理$_POST数据以删除空字符串并将它们更改为NULL，然后再插入数据库，或者它们是否必须一个接一个地完成以下方法:if($_POST['field_x']==""){$_POST['field_x']=NULL;} 最佳答案 您可以使用array_filter:$post=array_filter($_POST);http://php.net/manual/en/function.array-filter.phpIfnocallbackis
