Symfony文档说:Duringeachrequest,Symfony2willsetaglobaltemplatevariableappinbothTwigandPHPtemplateenginesbydefault.TheappvariableisaGlobalVariablesinstancewhichwillgiveyouaccesstosomeapplicationspecificvariablesautomatically:app.security-Thesecuritycontext.app.user-Thecurrentuserobject.app.request-T

我的问题是:我想获取textbox1的值，然后将其传输到另一个页面，其中textbox1的值将出现在textbox2中。下面是我的PHP代码:Name:我还添加了下面的代码，错误是“Notice:Undefinedindex:name”或 最佳答案 在testing2.php中使用以下代码获取名称:if(!empty($_POST['name'])){$name=$_POST['name']);}当您创建下一个页面时，使用$name的值来预填充表单字段:Name:">但是，在这样做之前，一定要使用正则表达式来验证$name只包含有效

以下代码片段返回一堆输入字段，但我无法设置它们的值，因为$data未定义(它在闭包内)。$row=array_map(function($n){$name=sprintf('point[%0d]',$n+1);$value=$data['measurements'][$n];returnform_input($name,$value,"class='input-mini'");},range($i*6,$i*6+5));我知道全局变量并不酷。解决这个问题的最佳方法是什么？ 最佳答案 Inheritingvariablesfromth

我想要从中发出请求的页面的url。我怎样才能在PHP中做到这一点？ 最佳答案 refer(r)er可以在$_SERVER全局变量中找到。请注意，发送refer(r)er是完全可选的，用户代理可以简单地决定不发送refer(r)ingurl。$_SERVER['HTTP_REFERER'] 关于php-你如何在PHP中获取'referer'header？，我们在StackOverflow上找到一个类似的问题： https://stackoverflow.com/

我是初学者:面向PHP开发人员的EclipseIDE版本:光子发布(4.8.0)内部版本号:20180619-1200操作系统:Windows10，v.10.0，x86_64/win32Java版本:1.8.0_77我有一个带有require_once(initialisation.php)的文件index.phpinitialisation.php定义了一个变量$Modeles_Chemin变量$Modeles_Chemin在index.php中使用(在require_once之后)在我的网站上，它工作正常没有undefinedvariable但在Eclipse编辑器中我收到一个un

在为函数编写PHP文档时，如果函数返回一个值，您将编写如下内容@returnarray$someArray格式化日期数组但假设我的函数不返回值，而是修改作为引用传递的原始值，例如:functionformatDates(&$input_arr){/***Formatsanarrayofdates*@paramarray$input_arrAnarrayofrawdates*/array_walk_recursive($input_arr,'formatDateFunction');}此函数修改输入数组。我知道参数前面的&很明显，但是返回值也很明显，return也很明显，所以我觉得可能有

好吧，这似乎是一个非常愚蠢的问题，但PHP告诉我我不能这样做，或者更确切地说，我的IDE...在下面的示例中，它告诉我不能使用$this->somevar作为该方法的默认值。即...classsomething{publicsomevar='someval';privatefunctionsomefunc($default=$this->somevar){}} 最佳答案 恐怕您的IDE是正确的。这是因为“默认值必须是常量表达式，而不是(例如)变量、类成员或函数调用。”—Functionarguments你需要做这样的事情:class

我正在使用Laravel5.3测试我的系统:在过去的几周里，我的系统运行良好。自上周末以来，我遇到了如下相同的错误TWICE:-Notice:Undefinedvariable:_ENVinC:\NewFolder\htdocs\project\vendor\vlucas\phpdotenv\src\Loader.phponline303Warning:array_key_exists()expectsparameter2tobearray,nullgiveninC:\NewFolder\htdocs\project\vendor\vlucas\phpdotenv\src\Loader

通常，在搜索答案时，我发现如果引用者是google.com，某些网站将允许您阅读它们提供的信息。但是，如果您直接链接到该信息，则该信息将不可用。我正在寻找的是最小的PHP脚本，它将设置我选择的引荐来源网址和目的地，如下所示:http://example.com/ref_red.php?referer=http://google.com/&end=http://example.net/注意事项:ref_red.php是我示例中脚本的名称。referer和end应该接受http、https、ftp。referer和end可以包含任何类型的URI，简单到http://end.com或者像这样

让其他函数访问我的数据库连接函数中的$conn变量所以在这里，我绝对不顾一切地想做点什么。我知道我想做的不是OOP，也不是100%的最佳实践。它不适用于实时网站，我只是在XAMPP上学习一些基本的PHP概念。我正在尝试做的是使我的数据库连接函数中的$conn变量可供需要它的所有其他函数访问。我正在考虑将其作为参数传递，但如何实现？我不喜欢使用PHP的“全局”或$GLOBALS。我现在的工作方法是使用过程方法使用mysqli。例如我有这样的东西:functiondb(){$conn=mysqli_connect("localhost","root","","database");}fun