所以我有一个数组，其中包含正在传递给twig的帖子，Twig将从那里使用for循环输出数组中的每个帖子。我希望每个帖子都有一个删除按钮，其url附有该帖子的id所以在我的for循环中我有这样的东西:{%forpostinPosts%}{{User.name}}-{{post.created_at}}{{post.body}}//otherbuttons//thedeletebuttoninquestionDelete{%endfor%}{{path_for('deleteYell')}}/{{post.id}}这向我抛出一个错误，指出url末尾缺少信息，这意味着帖子.id部分在/之后没
我的应用程序需要使用数据库而不是文件来进行session管理。我的应用程序基于ZendFramework1.12.17、php5.6.25和实际在wampserver上这是我的config.iniresources.session.use_only_cookies=trueresources.session.gc_maxlifetime=864000resources.session.remember_me_seconds=864000resources.session.gc_probability=1resources.session.gc_divisor=100resources.
我正在尝试生成订单数据的简单输出。第一步是WP_QUery(可能)所以我写了这段代码；$args=array('post_type'=>'shop_order','posts_per_page'=>-1,'post_status'=>'any',//'p'=>$post_id,);$order_query=newWP_Query($args);while($order_query->have_posts()):$order_query->the_post();echothe_ID();echo':';the_title();echo'';endwhile;它要求产品列出所有订单，如果我
我正在使用WooCommerce订阅插件，我正在尝试获取给定wc_subscription的客户或用户ID。这是我一直在使用但失败的代码:add_action('woocommerce_scheduled_subscription_trial_end','registration_trial_expired',100);functionregistration_trial_expired($wc_subscription){mail("example@gmail.com","Expired","Someone'sorderhasexpired");$userid=$wc_subscri
我有一个这样的Sql类:classSqlextendsPDO{private$connection;publicfunction__construct(){$this->connection=newPDO("mysql:host=localhost;dbname=myDB","root","root");}(...)然后我尝试使用另一个类“user.php”在我的数据库中插入数据。使用“getConection”(sql类方法)。像这样:classUser{private$iduser;private$deslogin;private$despassword;private$datec
我正在aftersaveHook逻辑中执行一些API调用。有一件事我需要从数据库中获取已保存记录的ID，以便在Hook类中发生任何错误时将用户重定向到编辑View。这是我重定向用户的错误代码，但我需要记录ID:functionShowError($errorMsg,$beanID){try{self::$already_ran=false;SugarApplication::appendErrorMessage($errorMsg);$params=array('module'=>'ad123_Ads','return_module'=>'ad123_Ads','action'=>'E
有没有办法通过点击一个链接来传递参数，例如在链接不处理参数的情况下M我不想使用?id=1有办法吗？我希望在单击链接时将参数传递到没有表单和链接参数的下一页。所以我可以在下一页处理参数，而不是在同一页。 最佳答案 示例1您可以使用data-*参数和Ajax。M$(".example_anchor").on("click",function(e){e.preventDefault();varid=$(this).data('id');$.ajax({url:your_url,type:"POST",dataType:"json",dat
我是PHP编程的新手。我正在创建一个带有session的简单登录表单。我传递了两个session变量:$_SESSION['username']和$_SESSION['logon'].这是我的代码:$rowcount=mysqli_num_rows($result);if($rowcount==1){session_start();$_SESSION['logon']=="online";$_SESSION['username']=$username;header("location:../index.php?username=$_SESSION[username]");}问题是，当我
我正在尝试使用以下方法从View中获取用户名:Auth::user()->name我得到了尝试获取非对象的属性因为Auth::user()是NULL。这怎么可能？laravel生成的导航栏使用相同的方法，并且可以在那里工作。编辑:似乎我什至无法从Controller获得授权用户。Auth::guard('admin')->check();//trueAuth::user();//null有什么想法吗？ 最佳答案 好吧，我又想通了，因为我使用了自定义守卫，所以我实际上需要使用:Auth::guard('admin')->user()-
我有一个使用CodeIgniter3.1.6构建的应用程序。我正在对生产服务器上的子域进行测试。我将主域指向该文件夹，并将config.php中的$base_url更改为正确的URL。($config.php中的cookie_domain从未设置过。)但是，session数据现在不起作用。我已经尝试了一些测试，可以在一个Controller中设置和读取session数据。$this->session->set_userdata('name',$name);echo$this->session->userdata('name');但是，这不适用于URL。例如://controllers/
