我有以下代码$result=$handle->select()->from('store_details')->where('store_details.store_id=?',$id)->columns('store_details.store_name');//->query(ZEND_DB::FETCH_OBJ);但是，当我运行它时，整行都被选中，而不仅仅是我想要的列。这是__toString的输出SELECT`store_details`.*,`store_details`.`store_name`FROM`store_details`WHERE(store_details.s
在下面的代码中:$selectColumns=array('user_id.user_email',//innerjointhedatafromuser_idanduser_details'user_details.first_name','user_details.last_name');$result=$handle->select()->from('user_id',$selectColumns)->where('user_id.uid=?',$uid)->join('user_details','user_id.uid=user_details.uid')->query(ZEN
关闭。这个问题不符合StackOverflowguidelines.它目前不接受答案。我们不允许提问寻求书籍、工具、软件库等的推荐。您可以编辑问题，以便用事实和引用来回答。关闭7年前。Improvethisquestion我正在查看ZendServer(PE和CE)，如果它只是php.ini的前端并且自动具有基本上是APC(对吗？)的ZendOptimizer，或者它是否真的对我们的开发机器。基本上，ZendServer是否有任何我无法从开源缓存软件获得的特殊调味料，以及您可以使用哪些模块来自己构建这样的东西。只需获取Apache、PHP和APC或将lighttpd与xcache一起使
到目前为止，我似乎无法通过根路径进行任何工作:您是否将所有Controller调用都放在app.php文件中？$app->get('/',function($id){...});$app->get('/about',function($id){...});还是将它们放在单独的文件中？到目前为止，rootget方法工作正常并呈现一个twig模板，但过去的任何事情都没有做任何事情。 最佳答案 Silex是一个微框架。它使您能够在单个文件中定义您的应用程序。但这并不意味着您必须这样做。我通常做的是在一个app.php文件中定义所有Cont
我有以下网址..http://localhost/ci/site_controller/home我想从url中删除site_controllercontroller导致..http://localhost/ci/home我如何在CodeIgniter中执行此操作？注意:如果你问我尝试了什么，而不是我刚刚在Google上搜索过，因为我不知道如何使用mod_rewrite。编辑我的routes.php中有这个$route['default_controller']="site_controller/home";$route['ci/home']='ci/site_controller/ho
抱歉我的英语不好，我来自俄罗斯开始学习zendframework2...Controller中的示例，readAction():useZend\View\Helper\Url;....$helperUrl=newUrl();$address=$helperUrl('news',array('action'=>'index'));结果，抛出异常:Zend\View\Exception\RuntimeExceptionFile:W:\home\zf2\vendor\zendframework\zendframework\library\Zend\View\Helper\Url.php:80
我正在尝试在ZendFramework2中进行一些路由，但它不起作用。骨架应用程序的基础正在运行，所以我在文件\module\User\config\module.config.php中添加了一个名为User的新模块和以下代码'controllers'=>array('invokables'=>array('User\Controller\User'=>'User\Controller\UserController',),),'router'=>array('routes'=>array('login'=>array('type'=>'Literal','options'=>array
我刚刚尝试了WorkingwithFormsYiiv2.0.0的“基本”版本教程。我一步一步地跟着它，但我猜有些地方不对劲。我有EntryForm模型，SiteController有actionEntry，两个View也都在那里。错误跟踪:1.in/usr/share/nginx/html/basic/controllers/SiteController.phpatline99}publicfunctionactionAbout(){return$this->render('about');}publicfunctionactionEntry(){$model=newEntryForm
我正在尝试将变量从一个View传递到Controller，再传递到另一个View。我没有收到任何错误，但是当它到达最后一个View时，它没有像预期的那样显示变量。在第一个View中，我只是得到一个名字。{{Form::open(array('route'=>'form','method'=>'post'))}}{{$name=Form::text('name')}}{{Form::submit('Go!')}}{{Form::close()}}这是我的HomeController.php。publicfunctionview1(){returnView::make('stuff');}
关闭。这个问题是opinion-based.它目前不接受答案。想要改进这个问题？更新问题，以便editingthispost可以用事实和引用来回答它.关闭9年前。Improvethisquestion我的工作团队正在考虑使用一个框架来开发网站和应用程序。一些前辈确信我们应该使用ZendFramework，因为它更容易挑选功能，因此我们的框架将是轻量级的。不过，恐怕他们只关注轻量级框架所具有的技术优势。在我看来，最好有一个全栈框架(我是Symfony的支持者)，因为它还将为我们提供一种无需编写新文档即可工作的标准方法。如果我们想要使用新功能，我们只需阅读文档以了解如何使用它，而不必先将其
