语言:PHP/MySQL

我快疯了，我现在真的要问了...我有一个多文件上传表单:

<input type="file" name="fileupload[]" multiple>

在一些 Javascript 的帮助下，每次对此输入进行更改时，它都会在另一个输入中附加文件名列表 + 格式化字符串(从文件名中获取)，因此在更改时我们有一个 布局，如图所示下面(假设我们刚刚添加了一些图片):

几乎类似于: http://jsfiddle.net/pxfunc/WWNnV/4/

//这种布局的 HTML 表示形式是...(假设我们添加了 3 张图片)

<input type="file" name="fileupload[]" multiple>

• image-name-1.jpg <input type="text" value="Image Name 1" name="keyword[]">
• justsome_file.png <input type="text" value="Justsome File" name="keyword[]">
• some_Img-031.gif <input type="text" value="Some Img 031" name="keyword[]">

<input type="submit" value="Upload">

我这样做是因为除了上传文件外，我还想将它们添加到我的数据库中，并根据其文件名(以及设置的选项)使用默认标题/在我上传时为每张图片更改此标题)。我的表单没有问题。

问题:我的困境在于提交表单数据/操作的 PHP 页面内。

我只能设法做到:

• 上传正确的图片，但为所有图片获取相同的标题
• 插入正确的标题，但所有图片都相同

这是我的 PHP 操作页面:(当前正在上传正确的图片，但所有图片都具有相同的标题)

<?php
// CONNECT TO DATABASE...
// INCLUDE UPLOAD CLASS LIBRARY
include (dirname(__FILE__).'/lib/class.upload.php');


$files = array();
foreach ($_FILES['fileupload'] as $k => $l)
{
    foreach ($l as $i => $v)
    {
        if (!array_key_exists($i, $files))
        $files[$i] = array();
        $files[$i][$k] = $v;
        $imagename = $_POST['keyword'][$i];
    }
}

// create an array here to hold file names
$uploaded = array();
foreach ($files as $file)
 {
            $generate_name = rand(100,99999); 
            $generate_name_extra = rand(200,9999);
            $filenamex = "COVER_PHOTO_".$generate_name.$generate_name_extra."_".time();
            $filenamex_thumb = $filenamex."_thumb";

            $handle = new upload($file);
            if ($handle->uploaded) {
            $this_upload = array();

            ///// 1 ////////////////////////////////////////////////////////////////////
            $handle->file_new_name_body   = $filenamex_thumb;
            $handle->file_force_extension = true;
            $handle->image_resize         = true;
            $handle->image_x              = '300';
            $handle->image_ratio_y        = true;
            $handle->jpeg_quality = '100';

            // ABSOLUTE PATH BELOW
            $handle->process($absoRoot.'covers/thumbs/');
            ////////////////////////////////////////////////////////////////////////////
            if ($handle->processed) {

      // store the image filename
    $this_upload['image'] = $handle->file_dst_name; // Destination file name
    $this_upload['body'] = $handle->file_dst_name_body; // Destination file name body
    $this_upload['extension'] = $handle->file_dst_name_ext; // Destination file extension

        $category_id = $_POST['cat'];
        $hiddenvalues = explode ("|",$_POST["cat"]);
        $category = $hiddenvalues[0];
        $category_name = $hiddenvalues[1];


                $sql = 'INSERT INTO cover (id, img, keyword, category_name, cat_id) VALUES ("", "'.$this_upload['image'].'", "'.$imagename.'", "'.$category_name.'", "'.$category.'")';
                 mysql_query($sql);
        }

    $handle->clean();
        header("Location: ./upload.php");
                $message = "";
    } else {

         echo '  file not uploaded to the wanted location';
         echo '  Error: ' . $handle->error . '';

      }
} ?>

(我使用 Upload Class by Colin Verot 处理图片上传，他们的常见问题解答教程在 this page, under: What about multiple uploads? 上处理多张图片上传)

如果我只是上传图像，这会很完美，但是我添加了将每个图像数据添加到我的数据库的功能。 & 这就是令人困惑的地方。

我确定关键是将 SQL 查询放在正确的 foreach 中，或者可能制作另一个查询，但我已经尝试过了，它只给我 1 个图像上传或标题的好结果，从来没有两者。

我需要将图片上传到网站，然后将其数据(包括图片路径)存储到我的数据库中。

请查看我的代码并赐教如何解决这个问题？一个片段线索现在真的很棒，因为在尝试了所有我能想到的之后我已经非常困惑了。非常感谢!

最佳答案

您并没有将 $imagename 变量保存到 $files 数组中，您只是每次都重置它。

    $files[$i][$k] = $v;
    $imagename = $_POST['keyword'][$i];

应该是这样的:

    $files[$i][$k] = array($v, $_POST['keyword'][$i]);
    ...
    foreach ($files as $data) {
        list($file, $imagename) = $data;
        ...
    }

关于php - 来自多个上传表单的数组，上传图像然后插入数据库(PHP，MySQL)，我们在Stack Overflow上找到一个类似的问题： https://stackoverflow.com/questions/11195114/