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C++ 外部类接口(interface)和模板

coder 2024-02-24 原文

在 C++ 中，如果使用的函数的第一个参数是在与我们的函数相同的命名空间中声明的类型的对象，我们可以省略命名空间限定。但是，我注意到这不适用于模板化函数(如 std::get)。我写了一个简单的例子来确认这确实与模板有关:

namespace ns {

    struct S {};

    void sFoo(const S&) {}
    template<typename T> void sBar(const S&) {}
}

void foo()
{
    ns::S s;
    sFoo(s); // ok
    sBar<int>(s); // error: ‘sBar’ was not declared in this scope
    ns::sBar<int>(s); // ok
}

我尝试了显式实例化，但它没有改变任何东西(即使它改变了，它也比仅使用 using 更糟糕)。

那么为什么我不能在不指定命名空间的情况下调用模板化函数(并且假设既没有using 也没有using namespace 指令)？

最佳答案

sBar不是一个函数，而是一个函数模板。依赖于参数的查找仅适用于函数 名称。确实sBar<int>是一个函数，但如果不知道其正确名称，则无法实例化模板!

无关地，如果可以推导出模板参数，则 ADL 确实有效:

namespace ns
{
    template <typename T> void sZip(T &) { }
}

void foo()
{
    ns::S s;
    sZip(s);  // OK, deduces T = ns::S
}

C++ 的一般“最佳实践”是仅在可以推导参数时才创建函数模板，并且永远不要显式指定参数。 (此规则的异常(exception)情况是 std::forward 和各种 make_* 函数，它们需要一个强制参数来表示所需的结果类型。)

关于C++ 外部类接口(interface)和模板，我们在Stack Overflow上找到一个类似的问题： https://stackoverflow.com/questions/13349180/

ampinterfacecodesectionemc++namespaces

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