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C++ 按返回类型重载函数

coder 2024-02-01 原文

如果我认为我对 C++ 有所了解，那就是你不能通过返回类型重载函数。

那么谁能解释一下这里发生了什么？

class A { public: typedef int _foo; };
class B {};

template<class T>
typename T::_foo Foo(int)
{
    cout << "Foo(int)\n"; return typename T::_foo();
}

template<class T>
typename T Foo(char)
{
    cout << "Foo(char)\n"; return typename T();
}

int main()
{
    Foo<A>(0);      // Writes "Foo(int)", as expected.
    Foo<B>(0);      // Writes "Foo(char), expected error unable to compile template.
    return 0;
}

有两个类A和B，A定义了typedef _foo，B没有。函数模板 Foo 有两个重载，Foo(int) 和 Foo(char)。 Foo(int) 返回 T::_foo，Foo(char) 返回 T。

然后调用 Foo(0) 两次。这是 Foo(int) 的完全匹配，所以我希望 Foo(0) 编译正常，而 Foo(0) 编译失败，因为 B 没有定义模板中使用的类型 _foo。

实际发生的是 Foo(0) 完全忽略 Foo(int) 并改为实例化 Foo(char)。但是根据重载解析的正常规则，Foo(0) 显然是 Foo(int) 的精确匹配，唯一使 Foo(char) 更可行的匹配是不应考虑的返回类型。

要验证影响重载决策的是返回值，只需添加以下内容:

template<class T>
void Bar(int)  { typename T::_foo a; cout << "Bar(int)\n"; }

template<class T>
void Bar(char) { cout << "Bar(char)\n"; }

Bar<A>(0);      // Writes "Bar(int), as expected.
//Bar<B>(0);    // Error C2039: '_foo' : is not a member of 'B', as expected.

这清楚地表明，在没有返回值的情况下，Foo(int) 确实是正确的重载，并且如果模板无法解析从其模板参数中使用的类型，则编译失败是正常结果。

最佳答案

你不是在返回类型上重载，你是在特化一个函数模板，当 Foo<B>(int)特化形成无效类型 B::_foo该特化已从 SFINAE 设置的重载中删除，留下 Foo<B>(char)作为唯一可行的功能。

更详细地说，调用 Foo<A>(0)首先执行名称查找以查找所有 Foo范围内的名称，然后实例化任何函数模板以找到重载候选者，然后重载解析选择最佳匹配。

实例化函数模板的步骤产生了这两个函数声明:

int Foo<A>(int);
A Foo<A>(char);

过载解析选择第一个作为最佳匹配。

但是当调用 Foo<B>(0) 时实例化产生这些声明:

<invalid type>  Foo<B>(int);
B Foo<B>(char);

第一个声明无效，因此只有一个候选重载决议，因此被调用。

在你的Bar例如，在实例化期间形成的无效类型不在函数声明的“直接上下文”中(它在函数定义中，即函数体中)，因此 SFINAE 不适用。

关于C++ 按返回类型重载函数，我们在Stack Overflow上找到一个类似的问题： https://stackoverflow.com/questions/17930127/

amp43Foocodeintc++

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