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如果在函数调用中分配了 var，PHP 将忽略通过引用传递

coder 2024-04-17 原文

我有两个功能

function c( &$x )
{
    $x = 25;
    echo 'c is called, x = ' . $x . PHP_EOL;
}

function b()
{
    echo 'b is called'. PHP_EOL;
    return 5;
}

然后我编写了下面的代码，正如我所期望的那样，它应该将 b() 的结果放入 $o，然后通过引用将 $o 传递给 c() 并将其设置为新值。它工作正常:

$o=b();
c( $o );
echo 'o is '.$o;

输出符合预期:

b is called
c is called, x = 25
o is 25

但是如果我尝试在这样的函数调用中分配 $o 的值:

c( $o = b() );
echo 'o is '.$o;

我得到奇怪的输出

b is called
c is called, x = 25
o is 5

函数调用的顺序仍然相同，但为什么 $o 没有改变，尽管它是通过引用传递的？如果在函数调用中赋值，PHP 是否强制按值传递参数？如果是，从哪个版本开始以这种方式工作？根据这条评论:http://www.php.net/manual/en/functions.arguments.php#71198 2006 年，它的运作方式有所不同。我的版本是5.3.6

最佳答案

这是我之前遇到的 Zend 引擎的一个限制，特别是在使用 socket_select()/stream_select() 时，它们都需要“array of资源”参数通过引用传递。能够在一行中分配要通过引用传递的变量的值会很好，但(目前)不可能做到这一点。

我之前看到它提到过(虽然现在我找不到位置，(它是 here )并且它可能不是权威的)PHP 中的任何表达式计算为表达式的右侧。我的意思是:

$a = 1;
$b = 2;
echo $a = $b;

这将回显 2，因为传递给 echo 语句的表达式计算表达式 $b 的右侧，这是 2。

当将表达式的结果传递给一个函数时，例如 c( $o = b() ); 您正在传递 $o = b(); 的结果； 到函数 c()，我的理解(虽然我可能是错的)表达式的结果被传递到函数中并且函数被执行，之前一个zval创建并分配给保存 $o，这种行为旨在减少内存消耗并在以这种方式嵌套函数时加快内部处理速度。这意味着您实际上并没有通过引用传递变量，您只是传递了 b() 产生的值 - 表达式的右侧 - 不能通过引用修改，因为它没有可变容器。

确实，如果您打开 E_STRICT 消息，您将看到以下错误:

Strict Standards: Only variables should be passed by reference in ...

...所以这种行为实际上是“设计使然”的。

关于如果在函数调用中分配了 var，PHP 将忽略通过引用传递，我们在Stack Overflow上找到一个类似的问题： https://stackoverflow.com/questions/9601698/

中分传递codephppass-by-referencephp-5.3

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