我正在尝试为图书馆创建一个表单，用户可以在其中执行 2 个操作:添加一本新书或打开现有书籍的存储信息。书籍有 2 个字段(标题和作者)。 每次创建新书时，都会将其存储在数据库中。任何以前创建的书都显示为下拉列表中的一个选项(只有名称)。我希望当用户从下拉列表中选择一个选项时，所选图书的信息会出现在屏幕上。
我一直在尝试两种不同的方法，但没有一种能满足我的要求。 一方面，关注这个问题django form dropdown list of numbers我能够创建一个下拉列表，并使用如下代码在 View 中获取选定的值:
class CronForm(forms.Form):
days = forms.ChoiceField(choices=[(x, x) for x in range(1, 32)])
def manage_books(request):
d = CronForm()
if request.method == 'POST':
day = request.POST.get('days')
但我希望我的选项是数据库中以前存储的书籍，而不是预定义的值。
我尝试过的另一种方法是从 html 模板进行操作。我在那里创建了以下表单:
<form>
{% for book in list %}
<option value="name">{{ book.name }}</option>
{% endfor %}
</form>
书籍在此处的 View 中呈现的位置:
l = Books.objects.all().order_by('name')
在第二种情况下，下拉列表中显示的信息是我想要的，但我不知道如何获取所选值并在 View 中使用它。也许使用 javascript 函数？
所以我的 2 个要求是:在列表中显示正确的信息(由用户存储在数据库中)并且能够知道选择了哪一个。
最佳答案
你应该使用 ModelChoiceField .
class CronForm(forms.Form):
days = forms.ModelChoiceField(queryset=Books.objects.all().order_by('name'))
然后你的观点，它应该看起来像这样:
def show_book(request):
form = CronForm()
if request.method == "POST":
form = CronForm(request.POST)
if form.is_valid:
#redirect to the url where you'll process the input
return HttpResponseRedirect(...) # insert reverse or url
errors = form.errors or None # form not submitted or it has errors
return render(request, 'path/to/template.html',{
'form': form,
'errors': errors,
})
要添加新书或编辑新书，您应该使用 ModelForm .然后在该 View 中，您将检查它是否是新表单
book_form = BookForm() # This will create a new book
或
book = get_object_or_404(Book, pk=1)
book_form = BookForm(instance=book) # this will create a form with the data filled of book with id 1
关于python - 存储模型的django表单下拉列表，我们在Stack Overflow上找到一个类似的问题： https://stackoverflow.com/questions/16055808/
关闭。这个问题是opinion-based.它目前不接受答案。想要改进这个问题？更新问题，以便editingthispost可以用事实和引用来回答它.关闭4年前。Improvethisquestion我想在固定时间创建一系列低音和高音调的哔哔声。例如:在150毫秒时发出高音调的蜂鸣声在151毫秒时发出低音调的蜂鸣声200毫秒时发出低音调的蜂鸣声250毫秒的高音调蜂鸣声有没有办法在Ruby或Python中做到这一点？我真的不在乎输出编码是什么(.wav、.mp3、.ogg等等)，但我确实想创建一个输出文件。
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我得到了一个包含嵌套链接的表单。编辑时链接字段为空的问题。这是我的表格:Editingkategori{:action=>'update',:id=>@konkurrancer.id})do|f|%>'Trackingurl',:style=>'width:500;'%>'Editkonkurrence'%>|我的konkurrencer模型:has_one:link我的链接模型:classLink我的konkurrancer编辑操作:defedit@konkurrancer=Konkurrancer.find(params[:id])@konkurrancer.link_attrib
我主要使用Ruby来执行此操作，但到目前为止我的攻击计划如下:使用gemsrdf、rdf-rdfa和rdf-microdata或mida来解析给定任何URI的数据。我认为最好映射到像schema.org这样的统一模式，例如使用这个yaml文件，它试图描述数据词汇表和opengraph到schema.org之间的转换:#SchemaXtoschema.orgconversion#data-vocabularyDV:name:namestreet-address:streetAddressregion:addressRegionlocality:addressLocalityphoto:i
我需要从一个View访问多个模型。以前，我的links_controller仅用于提供以不同方式排序的链接资源。现在我想包括一个部分(我假设)显示按分数排序的顶级用户(@users=User.all.sort_by(&:score))我知道我可以将此代码插入每个链接操作并从View访问它，但这似乎不是“ruby方式”，我将需要在不久的将来访问更多模型。这可能会变得很脏，是否有针对这种情况的任何技术？注意事项:我认为我的应用程序正朝着单一格式和动态页面内容的方向发展，本质上是一个典型的网络应用程序。我知道before_filter但考虑到我希望应用程序进入的方向，这似乎很麻烦。最终从任何
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