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php - 将参数传递给 php include/require 构造

coder 2023-06-14 原文

我已经阅读了很多与我要问的问题非常相似的帖子,但我只是想确定没有更复杂的方法可以做到这一点。非常感谢任何反馈。

我想创建一种机制来检查登录用户是否有权访问当前正在调用的 php 脚本。如果是这样,脚本将继续;如果不是,脚本将使用类似 die('you have no access') 的方式失败。

我想出了两种方法来实现这一点:

(请假设我的 session 内容已编码/工作正常 - 即我调用 session_start(),正确设置 session 变量等)

  1. 首先定义一个全局变量,然后在所需的头文件中检查全局变量。例如:

    current_executing_script.php 的内容:

    // the role the logged in user must have to continue on   
    $roleNeedToAccessThisFile = 'r';
    require 'checkRole.php''
    

    checkRole.php 内容:

    if ($_SESSION['user_role'] != $roleNeedToAccessThisFile) die('no access for you');
    
  2. 在头文件中定义一个函数,并在包含/要求它之后立即调用该函数:

    checkRole.php 的内容:

    function checkRole($roleTheUserNeedsToAccessTheFile) {
        return ($_SESSION['user_role'] == $roleTheUserNeedsToAccessTheFile);
    }

    current_executing_script.php 的内容:

    require 'checkRole.php';
    checkRole('r') or die('no access for you');

我想知道是否有一种方法可以基本上将参数作为 include 或 require 构造的一部分传递给 checkRole.php?

提前致谢。

最佳答案

没有办法将参数传递给 include 或 require。

但是,包含的代码会在您包含它的位置加入程序流,因此它将继承范围内的所有变量。因此,例如,如果您在包含之前立即设置 $myflag=true,则包含的代码将能够检查 $myflag 设置的内容。

也就是说,我不建议使用该技术。包含函数(或类)的包含文件比直接运行的代码要好得多。如果您包含了一个包含函数的文件,那么您可以在程序中的任何时候使用您想要的任何参数调用您的函数。它更加灵活,并且通常是一种更好的编程技术。

希望对您有所帮助。

关于php - 将参数传递给 php include/require 构造,我们在Stack Overflow上找到一个类似的问题: https://stackoverflow.com/questions/3710831/

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