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c++ - 是否可以根据模板类型参数的嵌套 typedef 的存在来专门化模板定义？

coder 2024-02-09 原文

我有一个模板，template <typename T> class wrapper , 我想根据 typename T::context_type 的存在进行专攻.如果typename T::context_type被声明，然后 wrapper<T> 的构造函数和赋值运算符重载实例化应该接受强制 typename T::context_type范围。此外，wrapper<T>对象将在成员数据中存储“上下文”。如果typename T::context_type不存在，则重载 wrapper<T> 的构造函数和赋值运算符将减少一个参数，并且不会有额外的数据成员。

这可能吗？我可以在不更改 config1 的定义的情况下编译以下代码吗？ , config2 , 和 main() ？

#include <iostream>

template <typename T, bool context_type_defined = true>
class wrapper
{
public:
    typedef typename T::context_type context_type;

private:
    context_type ctx;

public:
    wrapper(context_type ctx_)
        : ctx(ctx_)
    {
        std::cout << "T::context_type exists." << std::endl;
    }
};

template <typename T>
class wrapper<T, false>
{
public:
    wrapper() {
        std::cout << "T::context_type does not exist." << std::endl;
    }
};

class config1 {
public:
    typedef int context_type;
};

class config2 {
public:
};

int main()
{
    wrapper<config1> w1(0);
    wrapper<config2> w2;
}

最佳答案

是的，这是可能的。我过去曾使用一些元编程技巧实现过这种行为。基本构建 block 是:

BOOST_MPL_HAS_XXX_TRAIT_DEF，用于定义一个元函数谓词，如果参数是类类型并且具有给定名称(在您的情况下为 context_type)的嵌套类型，则该谓词将评估为真实类型。

http://www.boost.org/doc/libs/1_47_0/libs/mpl/doc/refmanual/has-xxx-trait-def.html

Boost.EnableIf，根据先前定义的特征定义特化。

http://www.boost.org/libs/utility/enable_if.html # 参见 3.1 启用模板类特化

请注意，您可以让该行为直接与 SFINAE 一起工作，像这样的事情可能会起作用:

template< typename T, typename Context = void >
class wrapper { ... }; // Base definition

template< typename T >
class wrapper< T, typename voif_mfn< typename T::context_type >::type > { ... }; // Specialization

但是，我喜欢基于特征的解决方案的表现力并启用 if。

关于c++ - 是否可以根据模板类型参数的嵌套 typedef 的存在来专门化模板定义？，我们在Stack Overflow上找到一个类似的问题： https://stackoverflow.com/questions/7575925/

专门化ampcodecontext_typecontextc++templatestemplate-specializationsfinae

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