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关于初始化从没有强制转换的整数生成指针：初始化从没有强制转换的整数生成指针 – C

codeneng 2023-03-28 原文

Initialization makes pointer from integer without a cast - C

对不起，如果这篇文章被认为是无知的，但我对 C 还是很陌生，所以我对它的理解不是很深。现在我正在尝试找出指针。

我编写了这段代码来测试是否可以在更改函数中更改 b 的值，并通过传入指针将其结转回主函数(不返回)。

但是，我收到一条错误消息。

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Initialization makes pointer from integer without a cast
    int *b = 6

据我了解，

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#include <stdio.h>

int change(int * b){
     * b = 4;
     return 0;
}

int main(){
       int * b = 6;
       change(b);
       printf("%d", b);
       return 0;
}

我真的很担心修复这个错误，但如果我对指针的理解完全错误，我不会反对批评。

  • 由于 change 函数不会返回任何有用的信息，因此您应该将其声明为 void。

为了让它工作，重写代码如下 -

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#include <stdio.h>

int change(int * b){
    * b = 4;
    return 0;
}

int main(){
    int b = 6; //variable type of b is 'int' not 'int *'
    change(&b);//Instead of b the address of b is passed
    printf("%d", b);
    return 0;
}

上面的代码可以运行。

在 C 语言中，当您希望更改函数中变量的值时，您"通过引用将变量传递给函数"。您可以在此处阅读更多相关信息 - 通过参考传递

现在错误意味着您试图将整数存储到作为指针的变量中，而不进行类型转换。您可以通过如下更改该行来消除此错误(但程序将无法运行，因为逻辑仍然是错误的)

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int * b = (int *)6; //This is typecasting int into type (int *)

也许你想这样做：

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#include <stdio.h>

int change( int *b )
{
  *b = 4;
  return 0;
}

int main( void )
{
  int *b;
  int myint = 6;

  b = &myint;
  change( &b );
  printf("%d", b );
  return 0;
}
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#include <stdio.h>

int change(int * b){
     * b = 4;
     return 0;
}

int main(){
       int  b = 6; // <- just int not a pointer to int
       change(&b); // address of the int
       printf("%d", b);
       return 0;
}

也许为时已晚，但作为对其余答案的补充，只是我的 2 美分：

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void change(int *b, int c)
{
     *b = c;
}

int main()
{
    int a = 25;
    change(&a, 20); --> with an added parameter
    printf("%d", a);
    return 0;
}

在指针声明中，你应该只分配其他变量的地址，例如"

从没8211spanclassbrcpointers

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