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PHP:将引用插入数组？

coder 2024-01-02 原文

我试图在某个点插入数组:

$hi = "test";
$var2 = "next";
$arr = array(&$hi);
$arr[] = &$var2; // this works
array_splice($arr, 1, 0, &$var2); // this doesn't

为什么尝试将它插入数组时，拼接会失败，而使用第一种方法却不会？

最佳答案

快速而肮脏的答案，但请注意，使用引用调用此函数已被弃用，并且可能(取决于您的 php 配置)生成警告:

array_splice($arr, 1, 0, array(&$var2));

“如何”和“为什么”的答案:发生的事情非常微妙。当你进行拼接时，因为你已经在那个位置插入了一个引用，所以 $var2 实际上正在被重新分配。您可以使用以下代码进行验证:

<?php
  $hi = "test";
  $var2 = "next";
  $arr = array(&$hi);
  $arr[] = &$var2; // this works
  printf("=== var2 before splice:\n%s\n", var_export($var2, TRUE));
  array_splice($arr, 1, 0, &$var2); // this doesn't
  printf("=== var2 after splice:\n%s\n", var_export($var2, TRUE));
?>

你会得到如下结果:

=== var2 before splice:
'next'
=== var2 after splice:
array (
  0 => 'next',
)

请注意，在拼接之前，$var2 是一个字符串，正如您所期望的那样 ('next')。不过，在拼接之后，$var2 已替换为包含一个元素的数组，即字符串“next”。

我认为导致它的原因是文档所说:“如果 replacement 不是数组，它将被类型转换为一个(即(数组)$parameter)。”所以发生的事情是这样的:

  • 您正在将 &$var2 作为替换传递到数组中。
  • 在内部，php 将&$var2 转换为数组(&$var2)。它实际上可能正在做一些等同于 $param = array($param) 的事情，这意味着 &$var2 将被设置为 array(&$var2)，并且因为它是一个引用而不是像通常那样的 $var2 的副本应该是，这会影响通常不在调用范围内的变量。
  • 现在它将 $var2 的这个新值移动到结束位置，并在第二个位置插入 $var2 的副本。

我不确定内部发生的事情的所有神奇之处，但 $var 肯定在拼接期间被重新分配。请注意，如果您使用第三个变量，因为它没有将某些东西分配给已经存在的东西作为引用，它会按预期工作:

<?php
  $hi = "test";
  $var2 = "next";
  $var3 = "last";
  $arr = array(&$hi);
  $arr[] = &$var2; // this works
  array_splice($arr, 1, 0, &$var3);
  printf("=== arr is now\n%s\n", var_export($arr, TRUE));
?>

生成结果:

=== arr is now
array (
  0 => 'test',
  1 => 'last',
  2 => 'next',
)

关于PHP:将引用插入数组？，我们在Stack Overflow上找到一个类似的问题： https://stackoverflow.com/questions/11287471/

PHP将var2vararrayreference

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