我有这个带有命名空间的XML文档，我想使用XPath提取一些节点。这是文档:5T115T15如果我想用xsi:type="Document"提取所有“anyType”元素，XPath表达式应该是什么？我已经试过了://anyType[@xsi:type="Document"]它不起作用: 最佳答案 如果您使用的是C#，则需要在XPath中为“anyType”元素指定命名空间:varxml=newXmlDocument();xml.LoadXml("yourxml");varnames=newXmlNamespaceManager(x
如何使用命名空间访问属性？我的XML数据在一个表单中vald=但是下面的不符合属性(d\\"Attachment"\"@about").toString如果我从属性的名称中删除命名空间组件，那么它就可以工作。vald=(d\\"Attachment"\"@about").toString知道如何在Scala中使用命名空间访问属性吗？ 最佳答案 API文档引用了以下语法ns\"@{uri}foo"。在您的示例中没有定义namespace，Scala似乎认为您的属性没有前缀。请参阅d.attributes.getClass。现在如果你这
情况:defstr="""sudomakemeasandwich!"""defxml=newXmlSlurper().parseText(str)printlnxml.bar这段代码的输出是#sudomakemeasandwich!解析器似乎合并了的内容和.是否需要这种行为？如果是，我如何避免这种情况并仅选择或？ 最佳答案 默认情况下，XMLSlurper不支持命名空间。这可以通过使用declareNamespace声明命名空间来打开Method.defstr="""sudomakemeasandwich!"""defxml=new
我正在使用.Net2.0，并且需要从我的XmlDocument中SelectSingleNode而不管命名空间，这听起来可能是错误的。具体一点XmlElementslipType=(XmlElement)document.SelectSingleNode("//Provenance1");会将slipType设置为null，因为我不知道查询时命名空间Provenance1是否在其中。 最佳答案 您可以查看local-name元素并忽略具有以下XPath表达式的命名空间://*[local-name()='Provenance1']
我有这样一个xml:我想把它改造成有没有办法使用XSLT来做到这一点？我会亲自出很多子节点我会在这个人身上有更多的属性。 最佳答案 这非常简单:使用身份转换并创建一个转换name属性的模板:这将保留文档中除name属性之外的所有内容。如果您只想更改person元素的name属性，请在模板的match属性中放置一个限制性更强的XPath，例如人/@name。 关于xml-如何使用XSLT重命名属性？，我们在StackOverflow上找到一个类似的问题： htt
我想选择文档中具有给定namespace(前缀)的最顶层元素。更具体地说:我的XML文档要么以/html/body(在XHTMLnamespace中)开头，要么以特定namespace中的几个元素之一开头。我实际上想去掉/html/body并只返回正文内容或整个根命名空间元素。 最佳答案 在XPath2.0和XQuery1.0中，您可以使用in-scope-prefixes()测试命名空间前缀在谓词中起作用。例如//*[in-scope-prefixes(.)='html']如果您不能使用v2，在XPath1.0中您可以使用name
我在此处粘贴了一些使用gccfile.c-lxml2编译且没有警告的代码，假设您的系统中安装了libxml2。#include#include#include#include#includexmlDocPtrgetdoc(char*docname){xmlDocPtrdoc;doc=xmlParseFile(docname);if(doc==NULL){fprintf(stderr,"Documentnotparsedsuccessfully.\n");returnNULL;}returndoc;}xmlXPathObjectPtrgetnodeset(xmlDocPtrdoc,xml
我有一个类似:::的XML文档SubmittedByValue1-0问题是在尝试使用选择行时不匹配。我删除了所有的名称间距，它工作正常。那么，如何让“选择”匹配行？ 最佳答案 在XSLT中为命名空间声明一个命名空间前缀，然后使用该前缀选择:.........这通常会产生易于阅读的XPath。但是，XSLT/XPath工具生成以下等效代码:... 关于xml-如何从带有命名空间的XML中获取'select'？，我们在StackOverflow上找到一个类似的问题：
在下面的示例中，一旦属性“id”具有命名空间前缀，我该如何访问它？scala>valns=ns:scala.xml.Elem=scala>ns\"@id"res15:scala.xml.NodeSeq=bar以上工作正常。根据下面的文档应该可以，但实际上没有。scala>valns=ns:scala.xml.Elem=scala>ns\"@{xsi}id"res16:scala.xml.NodeSeq=NodeSeq()全部在Scala2.8.0.final上干杯答案:似乎在xml中没有xlmns就无法访问该属性。因此，要使上面的示例正常工作，它需要位于xlmnamespace内。例如
我正在为需要命名空间的XML数据实现一个导出器。我正在使用Nokogiri的XMLBuilder(版本1.4.0)来执行此操作，但是，我无法让Nokogiri创建具有namespace的根节点。这个有效:Nokogiri::XML::Builder.new{|xml|xml.root('xmlns:foobar'=>'my-ns-url')}.to_xml这样做:Nokogiri::XML::Builder.newdo|xml|xml.root('xmlns:foobar'=>'my-ns-url'){xml['foobar'].child}end.to_xml但是，我需要像这样的东西
