最近在工作中遇到一个问题,就是我有多个线程会调用bitmap对象，运行的时候报错，对象当前正在其他地方使用。第一反应肯定是加锁啊，于是我就在每个用到bitmap的地方都加了锁，但是运行之后依然报这个错 测试代码如下usingSystem;usingSystem.Drawing;usingSystem.Threading;usingSystem.Windows.Forms;namespaceBitMapLockTest{publicpartialclassForm1:Form{privateBitmaptestBitmap;privatestaticreadonlyobjectobj=newo
最近在工作中遇到一个问题,就是我有多个线程会调用bitmap对象，运行的时候报错，对象当前正在其他地方使用。第一反应肯定是加锁啊，于是我就在每个用到bitmap的地方都加了锁，但是运行之后依然报这个错 测试代码如下usingSystem;usingSystem.Drawing;usingSystem.Threading;usingSystem.Windows.Forms;namespaceBitMapLockTest{publicpartialclassForm1:Form{privateBitmaptestBitmap;privatestaticreadonlyobjectobj=newo
题目： 现在有一个长度为n的序列待构造，给出m对关系\(i,j,x\)，表示\(a_i|a_j=x\)，请在满足这m对关系的情况下构造出的最小字典序的序列。分析： 每当我们看到最小字典序的时候，基本都是贪心的思想。本题可以知道，我们要让序列前面的数尽可能的小。对于他给出的关系，需要按位来考虑，但是有一些麻烦的就是你确定一个数的一位的时候，他会影响到与他有关系的数，感觉就是一个二分图的思想。我们可以用\(f0[i][j]\)表示第\(i\)个数在第\(j\)位必定填0，\(f1[i][j]\)同理必定填1。顺序遍历序列，枚举位，能填0就填0。实现： 对于给出的关系若x在第\(k\)位上为0
题目： 现在有一个长度为n的序列待构造，给出m对关系\(i,j,x\)，表示\(a_i|a_j=x\)，请在满足这m对关系的情况下构造出的最小字典序的序列。分析： 每当我们看到最小字典序的时候，基本都是贪心的思想。本题可以知道，我们要让序列前面的数尽可能的小。对于他给出的关系，需要按位来考虑，但是有一些麻烦的就是你确定一个数的一位的时候，他会影响到与他有关系的数，感觉就是一个二分图的思想。我们可以用\(f0[i][j]\)表示第\(i\)个数在第\(j\)位必定填0，\(f1[i][j]\)同理必定填1。顺序遍历序列，枚举位，能填0就填0。实现： 对于给出的关系若x在第\(k\)位上为0
题目大意有\(3\)个门，有两个门后面会有一个钥匙，你现在手中有一把钥匙，问你能不能打开所有的门。题目分析我们可以一步一步推导，既然给了我们一把钥匙编号为\(x\)，也就是可以打开编号为\(x\)的门，我们用\(a_x\)表示这扇门后面钥匙的编号，将可以打开的门标记起来，然后产生分类讨论：如果是\(a_x\)等于\(0\)的话，就没有钥匙，不用标记，直接输出NO。如果\(a_x\)不等于\(0\)的话，就说明可以打开下一个门，用\(f\)数组标记，然后可以继续讨论，不过讨论时变成了判断\(a_{a_x}\)，以此类推。但是到达最后一次的时候，不管\(a_{a_{a_x}}\)是否等于\(0\)
题目大意有\(3\)个门，有两个门后面会有一个钥匙，你现在手中有一把钥匙，问你能不能打开所有的门。题目分析我们可以一步一步推导，既然给了我们一把钥匙编号为\(x\)，也就是可以打开编号为\(x\)的门，我们用\(a_x\)表示这扇门后面钥匙的编号，将可以打开的门标记起来，然后产生分类讨论：如果是\(a_x\)等于\(0\)的话，就没有钥匙，不用标记，直接输出NO。如果\(a_x\)不等于\(0\)的话，就说明可以打开下一个门，用\(f\)数组标记，然后可以继续讨论，不过讨论时变成了判断\(a_{a_x}\)，以此类推。但是到达最后一次的时候，不管\(a_{a_{a_x}}\)是否等于\(0\)
注意到\(\sum\limits_{i=2}^N|x_{p_i}-x_{p_{i-1}}|+|y_{p_i}-y_{p_{i-1}}|\)。本质上是两个点之间的曼哈顿距离。而曼哈顿最小距离生成树要\(O(n^2\logn)\)，显然过不了。注意到我们写过一个叫莫队的东西。而莫队的复杂度为\(O(n\sqrtn)\)，也就是我们要求的东西。加一点小优化，奇偶排序。就可以过了。怎么证明？可以看一看这一篇博客精简来说就是控制了左右指针跨越块的数量。#includeusingnamespacestd;constintmaxn=1000001;structquery{intl,r,id;}q[maxn]
注意到\(\sum\limits_{i=2}^N|x_{p_i}-x_{p_{i-1}}|+|y_{p_i}-y_{p_{i-1}}|\)。本质上是两个点之间的曼哈顿距离。而曼哈顿最小距离生成树要\(O(n^2\logn)\)，显然过不了。注意到我们写过一个叫莫队的东西。而莫队的复杂度为\(O(n\sqrtn)\)，也就是我们要求的东西。加一点小优化，奇偶排序。就可以过了。怎么证明？可以看一看这一篇博客精简来说就是控制了左右指针跨越块的数量。#includeusingnamespacestd;constintmaxn=1000001;structquery{intl,r,id;}q[maxn]
\(0.\)前言有一天\(Au\)爷讲期望都见到了此题，通过写题解来加深理解。\(1.\)题意将初始为空的序列的末尾给定概率添加\(a\)或\(b\)，当至少有\(k\)对\(ab\)时停止（注意是“对”，中间可以间隔字符），求\(ab\)期望对数。\(2.\)思路通过查看标签通过阅读题面我们容易发现本题是一道期望DP，但是本题的状态并不很容易想到，设\(f[i][j]\)表示前缀中有\(i\)个\(a\)，\(j\)个\(ab\)停止后的期望个数，这样发现转移就容易了很多，不会被\(a\)和\(b\)纠缠不清，设\(A=pa/(pa+pb)\)，\(B=pb/(pa+pb)\)，则有：\[f
\(0.\)前言有一天\(Au\)爷讲期望都见到了此题，通过写题解来加深理解。\(1.\)题意将初始为空的序列的末尾给定概率添加\(a\)或\(b\)，当至少有\(k\)对\(ab\)时停止（注意是“对”，中间可以间隔字符），求\(ab\)期望对数。\(2.\)思路通过查看标签通过阅读题面我们容易发现本题是一道期望DP，但是本题的状态并不很容易想到，设\(f[i][j]\)表示前缀中有\(i\)个\(a\)，\(j\)个\(ab\)停止后的期望个数，这样发现转移就容易了很多，不会被\(a\)和\(b\)纠缠不清，设\(A=pa/(pa+pb)\)，\(B=pb/(pa+pb)\)，则有：\[f
