如果我调用php的parse_ini_file("foo.ini")，它会在什么路径中查找foo.ini？包含路径？该函数的文档没有提及它。 最佳答案 parse_ini_file的文件名参数是一个标准的php文件名，因此与使用fopen打开文件的规则相同。.您必须指定绝对文件路径(“/path/to/my.ini”)或相对于当前工作目录的路径(“my.ini”)。参见getcwd对于您当前的工作目录。与默认的fopen命令不同，如果指定了相对路径(“my.ini”)，parse_ini_file将在搜索当前工作目录后搜索包含路径。

我在使用PHP的file_get_contents时遇到了一个奇怪的问题。过去，远程文件上的file_get_contents会返回该文件的文本，而不管返回的HTTP状态代码如何。如果我点击一个API并且它发回状态为500的JSON错误信息，file_get_contents会给我该JSON(没有遇到错误代码的迹象)。我刚刚设置了一个Ubuntu10.04服务器，这是第一个拥有PHP5.3的Ubuntu。PHP没有给我JSON，而是在出现500错误时发出警告。结果，我无法解析JSON并给出一个很好的错误消息。很高兴PHP注意到远程文件中存在错误，但我需要JSON，即使(尤其是!)如果出

我正在开发一个不允许您在一台计算机上登录多个帐户的网站，但我不知道该怎么做。该方法必须是:跨平台(可在Windows/Mac/Linux客户端上使用)。独立于浏览器。这是为了避免一些用户利用多个用户获得不公平的优势，同时仍然允许本地网络上的两个人连接，只要他们在不同的计算机上。有什么建议吗？ 最佳答案 您可以尝试使用持久性Cookie，例如“Evercookie”http://samy.pl/evercookie/，这样您就可以用独特的cookie来识别每台计算机，并且它会持久存在。然后您需要做的就是将该cookie链接到您的ses

我正在尝试在我的网站中设置gitkit，但无法通过这一行代码。无论我做什么，file_get_contents总是返回空的。我已经设置了我的php.ini:always_populate_raw_post_data=On我的环境是PHP5.3.3，Apache2.2.6，localhost。这是一些代码。在我的index.php中，我调用了googleAPI并尝试使用gmail帐户登录，换句话说，联合登录。(这是来自GoogleAPI控制台)google.load("identitytoolkit","1",{packages:["ac"],language:"en"});$(func

我有一些简单的尝试从一个文件写入另一个文件。$content=file_get_contents("C:\Users\Borut\Desktop\sql_PW1\mm_ads(1).sql");file_put_contents("C:\Users\Borut\Desktop\sql_PW1\New",$content);我读取的文件大约有80M大，php的内存限制是128M，但是我得到一个错误:Fatalerror:Allowedmemorysizeof134217728bytesexhausted(triedtoallocate80739522bytes)所以即使我尝试分配的内存实

我已经为我担心无法正常工作的部分代码创建了简单的基准测试。我得出了非常奇怪的结果。看看这个基准:benchmarktestfile基准代码是:$start=microtime(true)*1000;//code$log=file_get_contents('test.txt').'aaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaaa'."\n";file_put_contents('test.txt',$log,LOCK_EX);$end=microtime(true)*1000

您好我是php的新手，我正在处理图像上传和裁剪，并在Windows7上的zend中保存bth上传和裁剪图像，但它给了我这些错误。请帮助我解决这些错误。Warning:imagecreatefromjpeg(public/image/)[function.imagecreatefromjpeg]:failedtoopenstream:NosuchfileordirectoryinC:\wamp\www\ModuleEx.com\application\modules\admin\controllers\IndexController.phponline64Warning:imagecop

取而代之的是:我想这样做:但出于某种原因，文本显示在文档中，但未应用样式。这是一个由两部分组成的问题:为什么这不起作用？这样做是不是一个坏主意？ 最佳答案 这个问题是在我还是初级开发人员时发布的。我不知道Sass和其他更简单更好的方法来实现CSS中的变量。我也不知道浏览器缓存。JeremyKarlsson在评论中回答了这个问题。file_get_contents需要echo。 关于php-我可以使用file_get_contents加载css吗？，我们在StackOverflow上找到一

嗨，我已经使用laravel身份验证实现了laravel登录模块。我使用Auth::check对用户进行了身份验证，并在Auth::attempt方法中发送了用户名和密码。我在用户表中有状态列。如何限制Auth::check仅验证状态为1的用户？ 最佳答案 只需将状态字段设为确认之一即可。你可以这样做:$credentials=array('username'=>$input['email'],'password'=>$input['password'],'status'=>1);if(Auth::attempt($credenti

全部。我正在尝试学习Laravel，并且正在努力上传图片。我收到以下错误:“在非对象上调用成员函数getClientOriginalName()”我正在使用这些包:"anahkiasen/former":"dev-master","intervention/image":"dev-master","intervention/imagecache":"2.*"使用SO后，我已验证以下内容不会导致上述错误:表单上的多部分/表单数据存在上传文件数据PHP.ini的max_filesize比这个小测试文件的大小要大得多我的表格是:UploadImage产生错误的代码是:$image=Input