在Laravel中，我在我的Controller中使用这段代码从目录中获取文件:publicfunctiongalleryImages($album){$images=File::allFiles('gallery/'.$album);returnView::make('galleryimages',['images'=>$images]);}在我的“画廊图像”View中是:@foreach($imagesas$image)现在如何获取$image变量的路径名？$image的Var_dump正在返回:object(Symfony\Component\Finder\SplFileInfo

我写了一个cakeshell脚本，我打算通过cronjob使用它。在手动运行它时(在测试期间)，有时我的网站会抛出SplFileInfo警告，例如:Warning:SplFileInfo::openFile(/var/www/flat/app/tmp/cache/persistent/myapp_cake_core_file_map):failedtoopenstream:Permissiondeniedin/var/www/flat/lib/Cake/Cache/Engine/FileEngine.phponline313Warning(512):SplFileInfo::openF

我正在调用一个需要文件流资源的方法，如下所示:$obj->method(fopen($splFileInfo,'r+'));$splFileInfo对象是SplFileInfo的一个实例.有没有办法获取$splFileInfo的流资源对象而无需调用fopen? 最佳答案 您可以使用openfile创建一个SplFileObject，它提供与资源类似的功能，但是以面向对象的方式。一个缺点是它不直接公开它包装的资源，因此您必须调整现在期望资源使用SplFileObject的任何实现。一些示例代码向您展示我的意思:classTextRea

PHP的局限之一是对象的计算结果总是true。但是SplFileinfo(以及Symfony的UploadedFile等子类)的行为不同:$a=newArrayIterator();//oranyotherclass$b=newSplFileInfo(__FILE__);//fileusedisnotimportantif($a)echo'true';//'true'if(!$a)echo'false';//nothingbecause$aistrueif($b)echo'true';//'true'if(!$b)echo'false';//Catchablefatalerror:Ob