经历过Django1.9deprecationwarningsapp_label但答案不能解决我的问题，所以再问一次。我有一个应用已添加到设置中的INSTALLED_APPS。每当我运行manage.pyrunserver时，我都会收到此警告，[trimmedpathtoproject]/catalog/models.py:9:RemovedInDjango19Warning:Modelclasscatalog.models.Categorydoesn'tdeclareanexplicitapp_labelandeitherisn'tinanapplicationinINSTALLED

我有一个基本的多对多关系:SongtoPlaylistwithPlaylistMember为throughmodel现在我使用作为TabularInline子类的内联View在播放列表详细信息View中显示歌曲:classPlaylistMemberInline(TabularInline):model=PlaylistMemberraw_id_fields=('Sound',)classPlaylistAdmin(TranslatableAdmin):...inlines=[PlaylistMemberInline]要添加多个声音，我必须单击“添加另一个声音”，然后在弹出窗口中找到该

所以我通过以下代码让我的keras模型与tf.Dataset一起工作:#Initializebatchgenerators(returnstf.Dataset)batch_train=build_features.get_train_batches(batch_size=batch_size)#CreateTensorFlowIteratorobjectiterator=batch_train.make_one_shot_iterator()dataset_inputs,dataset_labels=iterator.get_next()#CreateModellogits=.....

我是Pyramid的新手，一直在努力对我的项目进行一些更改。我试图将我的模型/类拆分为单独的文件而不是单个models.py文件。为此，我删除了旧的models.py并创建了一个模型文件夹，其中包含__init__.py文件以及每个类的一个文件。在__init__.py中，我使用from.FooimportFoo导入了类。这使得View可以正常工作并且它们可以初始化一个对象。但是运行initializedb脚本不会创建新表，就像我将所有模型都放在一个models.py中时那样。它不创建相关表，而是直接尝试插入其中。谁能给我一个在不同文件中有模型的Pyramid项目结构的例子？

我已经连续两天尝试寻找替代方案，但找不到任何相关内容。我基本上是在尝试获得合成句子的概率分数(通过替换从语料库中挑选的原始句子中的一些单词来合成)。我尝试了搭配，但我得到的分数不是很有帮助。所以我尝试使用语言模型概念，却发现看似有用的模块“模型”由于一些错误已从NLTK中删除。如果有人可以让我知道在python中获得ngram模型实现的替代方法，或者更好的是，建议我一些其他方法来解决句子“评分”的问题，那就太好了。 最佳答案 根据thisopenissueonthenltkrepo,NGramModel由于一些错误目前不在maste

我正在学习Django，我正在尝试了解models.py在项目中的使用与应用程序的使用。从教程示例看来，我在应用程序中包含了一个模型定义，但是当我将这些知识应用到我自己的现有数据库时，我遇到了困难。我使用了一个我使用的数据库(当然是一个副本)并使用inspectdb将概念模式生成为django模型。我在项目级别执行此操作，然后假设我可以在该项目的应用程序中使用子模式编写应用程序。但是概括教程，他们在应用程序的model.py中定义模型。如果我那样做，我将重复已经在项目级别的模型(或其中的一部分)，这似乎是一个错误和维护问题。那么，在Django风格中，我如何使用项目架构(或其中的一部分

我最近向我的应用程序(UserProfile)添加了一个模型，当我将更改推送到Heroku时，我想我不小心运行了herokurunpythonmanage.pymakemigrations。现在，当我尝试运行herokurunpythonmanage.pymigrate时，出现以下错误(leaguemaster)benjamins-mbp-2:leaguemasterBen$herokurunpythonmanage.pymigrateRunning`pythonmanage.pymigrate`attachedtoterminal...up,run.1357Operationstop

我需要获取模型的属性列表，这些属性实际上是关系(也就是说，它们是由relationship()创建的)。假设我在models中有一个模型Foo:classThing(db.Model):id=db.Column(...)bar_id=db.Column(...)foo_id=db.Column(...)foo=db.relationship('Foo')bar=db.relationship('Bar')稍后，我想采用models.Thing并获取关系属性列表，即['foo','bar']。目前我正在检查dir(models.Thing)指示的每个属性恰好是类型sqlalchemy.o

我有两个模型，一个MainModel和一个相关的InlineModel，我想在管理中显示为内联模型。例如，此InlineModel可用于对模型进行注释，并应跟踪登录的管理员用户所做的更改。虽然这看起来很简单(事实上，当用户字段是MainModel的一部分时，文档显示了一个示例)，但当该字段位于Inline上时，我似乎无法理解它。具体来说，我的目标是:用户编辑MainModel用户添加一个InlineModel，不填写用户字段用户按下保存代码为新创建的InlineModel实例填充用户字段(奖励!用户字段对于现有实例是只读的，对于新内联是隐藏的)还有我的问题:这是正确的吗？太糟糕了sav

也许是个简单的问题，但我不知道如何总结才能找到答案。是否可以打印出模型的所有可用字段？例如，在iPython中，我可以导入模型，只需输入模型名称，选项卡就会显示模型具有的所有可用字段。是否可以在不使用某种shell的情况下在代码中执行此操作？我想使用某种命令(例如print_fields(self))并获取模型内部的内容。 最佳答案 我通常使用?检查模型上的字段:>>>Person?Type:ModelBaseBaseClass:StringForm:Namespace:InteractiveFile:/home/zk/ve/dja