我有两个模块Admin和Login。我想在管理View“index.html”中显示登录View“login.phtml”我在管理模块indexActionController中有以下内容publicfunctionindexAction(){$login=newLoginController();$view=newViewModel(array('theloginform'=>$login->loginAction(),));return$view;}在登录Controller的LoginAction方法中，我返回“login.phtml”文件的ViewModel。publicfun
我有两个Controller，主页和安全。在主页中，我正在显示一个View，在安全性中，我正在做一些事情，其中之一是电子邮件地址验证。我想要的是，当电子邮件验证码无效时，用一条闪现消息显示主页。为此，我必须从安全Controller中呈现HomepageController的indexAction，方法是将flash消息作为参数提供给他。如何做到这一点？我可以从另一个Controller渲染路线或Action吗？提前谢谢你。 最佳答案 我认为不应该在安全Controller中进行检查。在我看来，正确的位置是单独的验证器服务或在使
$this用于当前类，view是方法，load是什么。这是属性(property)吗？这个例子是否正确？classsuper{public$property;publicfunctionsuperf1(){echo"hello";}publicfunctioncol(){$this->superf1();}$this->property->super1();} 最佳答案 是的，load是一个属性。可以这样想:classLoader{publicfunctionview(){//code...}}classMyClass{privat
我只找到有关如何保存session变量的信息，其工作方式如下:$request->session()->put('key','value');但是如何在BladeView中访问session？ 最佳答案 只需使用session()助手来读取数据:{{session('key')}}或者:{{request()->session()->get('key')}}如果你想存储一些东西，这样做:@php(session(['key'=>'value'])) 关于php-Laravel-如何在Vi
我正在尝试使用sugarcrm的MVC架构来添加新操作和新View。我已经设法创建了一个带有Action的Controller和一个类View，唯一我不知道的是如何创建一个简单的html页面。我真的必须使用sugarcrm的metada方式吗？？我只想要一个包含两个或三个字段的简单表单。是否有元数据的替代品，或者我真的必须使用它来创建我的简单页面？？？？ 最佳答案 如果可能，您将希望留在元数据框架内来创建新页面。然而，一旦你在ViewController中，你可以回显你想要的任何东西，并且通过覆盖display()函数仍然保持“升级
我有在Controller中运行的查询:$data['query']=$this->Member->select_sql($id);$this->load->view('myform');然后在View中输出数据:foreach($query->result()as$row):echo$row->post_title;echo$row->post_user_id;endforeach;所以这会输出一个用户发布的帖子列表。现在我想再运行一个查询，针对每个帖子循环遍历我的用户表并在每个帖子旁边输出用户信息。(此时我不想从View中选择数据或在MySQL中连接这两个表)有什么想法吗？
如果我有这样的目录结构://libraries//other-nonpublic-stuff//webroot/我如何将/webroot/设置为document_root，以便只有它的内容在我的herokuapp的URL下提供？我认为Procfile可能是实现该目标的方法，但它并没有真正记录在案。已经尝试过类似的东西web:phpwebroot/或web:shboot.shwebroot/或web:shwebroot/在Procfile中，但我总是以Herokupushrejected,noCedar-supportedappdetected结束当我在根目录中推送一个带有“index.
要将变量传递给我使用的登录View:$this->render('login',array('model'=>$model));但我还需要在模板部分footer.php中访问这个变量:我试试这个:$this->render('footer',array('model'=>$model));但是当我在footer.php中尝试访问变量时，我得到错误“undefinedvariable”怎么了？ 最佳答案 例如，您可以使用Controller类在View模板中传递变量Controller:SomeControllerextendsCon
我正在经历制作自定义应用程序Web应用程序开发的Yii2章节MarkSafronov和JeffreyWinesett使用Yii2和PHP。但是，我被困得很糟糕!当我尝试(在localhostwamp服务器上运行高级模板)时，View不呈现...http://localhost/furni/frontend/web/index.php?r=customers它触发的Action是..classCustomersControllerextendsController{publicfunctionactionIndex(){$records=$this->findRecordsByQuery
我正在使用文档根目录来提供不起作用的绝对路径。如果我回显这条路径，结果是C:wamp/www/proman/header.php。我给出了相对路径，它工作正常这里有什么问题？$path=$_SERVER['DOCUMENT_ROOT']."proman/header.php";我在这里详细说明了我的问题:我有2个php文件data_object.php和user.class.php。user.class.php相对于user.class.php有一个data_object.php的include语句。这两个文件在不同的目录层次结构下。现在，当我想创建一个User()对象时，我必须将这个
