我知道这个话题已经被简单地讨论过here但我希望了解在PHP中使用多个返回类型的一般注意事项。对于PHP的这个特性似乎有不同的看法。我倾向于同意，正如上面链接的线程中所指出的，对于错误，使用异常可能更合适；但是，如果一个函数返回两种类型的有意义的值呢？例如，假设一个函数返回房子里所有关闭的灯(:)是的，我正在即兴发挥!)基本上，这就是我想表达的意思:如果不满足基本条件，并且我看不到继续计算列表的意义，我将返回一个bool值。否则，继续这样做:publicfunctiongetLightsThatAreOff($house){//if$houseitselfdoesnothaveanyp
我在PDT2.2中使用Eclipse3.6(Helios)，在尝试“使用”命名空间时出现语法错误。我能做些什么来解决这个问题吗？例子:useTables\Exceptions\ExceptionasException;PHP解析器将“Tables”识别为该行和其他类似行的语法错误。 最佳答案 这可能与您在Eclipse中的解释器设置有关。转到项目菜单并选择属性。显示属性屏幕后，您可以转到PHP解释器并在项目级别或工作区级别调整PHP版本。将PHP版本设置为5.3或更高版本以正确突出显示。如果您的项目使用的是PHP5.2，那么您将无法
在我的Controller操作中，我有这个:$pdf=$this->Invoice->makePdf($invoice);$this->response->charset('UTF-8');$this->response->body($pdf);$this->response->type(array('pdf'=>'application/x-pdf'));$this->response->disableCache();$this->response->send();但是，无论我做什么，CakePHP总是以text/html的形式发送数据；字符集=utf-8。我也试过了$this->r
以前我只使用第三方库，这些库将命名空间与ZendFramework2一起使用。现在我需要使用alibrary不使用命名空间，我似乎无法让它工作。我通过Composer安装它，并且它安装在vendor目录中。我正在尝试按如下方式使用它:$obj=new\SEOstats();结果是一个fatalerror，表示找不到该类。我曾尝试手动配置StandardAutoloader，但到目前为止还没有成功。我以为通过Composer安装时会自动为我完成自动加载，但我想如果没有namespace，情况并非如此？我没有在Composer生成的自动加载文件中看到任何对库的引用。我想我必须手动完成-但怎
当使用PHPnamespaces时，您是否像这样使用它们:\Foo\Bar->method()或Foo\Bar->method()请注意，区别仅在于前导斜杠。或者两者都有效，但含义不同？谢谢。 最佳答案 前导\的用法就像文件系统中的绝对路径和相对路径。最好用代码解释:namespacetest;$dt=newDateTime();失败，因为我们使用的是相对路径(没有前导\)和当前命名空间test。并且在这个虚构的命名空间中没有类DateTime。namespacetest;$dt=new\DateTime();在我们使用绝对name
在属性定义中我需要允许数字或空字符串值，这个表达式是否适合这个目的？"tprice":{"type":["number",{"enum":[""]}]}我用来验证数据的库(Jsv4)为空字符串生成错误:Invalidtype:string当我尝试为此属性设置零长度字符串时。 最佳答案 我认为适合您的解决方案是在架构中使用anyOf。这是适合您的模式:{"$schema":"http://json-schema.org/draft-04/schema#","properties":{"tprice":{"anyOf":[{"type"
我正在使用PHP，我想知道将大量函数组合到一个类中是多么糟糕的做法。我知道这不是类的目的，但我这样做的原因是提供一个namespace。在执行PHP脚本时启动假设10个类而不是假设2或3个类会产生多大影响？ 最佳答案 如果你使用的php版本(从thephpmanual复制)我会说它在某种程度上是一个类的函数-功能分组。这不会有任何与性能相关的问题(您可以执行数百万次而您甚至不会注意到-应该没有运行时成本，只有一分钟的额外解析成本，这是可以忽略不计的)。现代php框架引入大量代码并在内部创建大量对象——我不会担心php性能，数据库性能
我正在尝试为Web服务器应用程序实现Google的OAuth2.0身份验证。我可以从Google获取代码，但是当我发回此代码以尝试获取访问token时，它总是给我错误“缺少必需的参数:grant_type。错误400”，即使grant_type存在。此外，如果我将内容长度指定为0以外的任何值，它会引发其他错误。这是执行此curl帖子的代码:$url='https://accounts.google.com/o/oauth2/token';$ch=curl_init($url);curl_setopt($ch,CURLOPT_RETURNTRANSFER,true);curl_setop
例子:func();//Returnsainthiscase有没有什么方法可以不使用eval()来做到这一点？ 最佳答案 当然你可以不用eval()。PHP会将包含类名的字符串或文字作为new运算符的参数。$duck=new$input;//parenthesesareoptionalecho$duck->func(); 关于没有Eval的PHP动态鸭子类型(ducktyping)，我们在StackOverflow上找到一个类似的问题： https://sta
在PHP中，我们可以通过以下方式设置内容类型:header('Content-Type:text/plain');但是如果我处理一个需要显示错误消息的PHP类，错误消息的格式是根据内容类型显示的，例如如果页面是text/html，则显示HTML格式的错误信息；否则，显示纯文本错误消息。是否有任何函数/片段可用于检测页面内容类型？注意:鉴于PHP类文件是通过require_once()“附加”到页面的更新:根据@Tamil的回答，我进行了一个简短的测试:它只返回text/x-php。但我希望结果会返回text/plain。 最佳答案
