我想向CodeIgniter项目添加一些不是模型、View或Controller的类。它们很可能是内置模型/Controller并以各种方式使用。我应该在哪里存储这些类，在CodeIgniter中实现它们的最佳方式是什么？(或者更一般地说，任何基于MVC的框架？)。编辑:查看一些codeIgniter文档，看起来将对象添加到助手是可行的方法，对吗？ 最佳答案 CI与许多MVC框架不同，因为它不会对集成外部库造成挑战。通常，有几种方法:只需包含()/require()库并正常使用它。这在大多数情况下都可以正常工作，除非存在命名冲突。C
我是CakePHP的新手，但我想我已经开始掌握它了。我正在尝试递归地提取相关表信息，但我想指定要递归的相关模型。让我举个例子来证明我的目标:我有一个模型“客户”，其中包含公司名称、网站等信息。“客户”有许多“地址”，其中包含个人联系人的信息，例如联系人姓名、街道、城市、州、国家/地区等。“Customer”也属于“CustomerType”，它只是具有描述性类别信息-名称和描述，例如“Distributor”或“Manufacturer”。当我在“Customer”上进行查找时，我想获得关联的“CustomerType”和“Address”信息作为子数组，这只需正确设置hasMany和
如果您正在使用mvc来构建用户配置文件，那么在模型或Controller中的函数中使用条件语句来计算评论的显示类型会更好吗:例如我有3个类(class)评论成员管理员(扩展成员)一些示例使用缺少函数的伪代码选项1根据返回评论的showComments函数中登录的用户类型，将返回不同的信息。classuser{functionisLoggedIn(){//Checkifauserisloggedin}functiongetUserType(){//returnusertype}functionshowComments($id){//commentscode}}classadminexte
在我的代码中，我有两个数据库ABC和XYZ。我想在同一个模型中使用这两个数据库而不是在phalcon中解决它的方法是什么？如何为此实现多数据库连接？ 最佳答案 一个set('dbMysql',function(){returnnew\Phalcon\Db\Adapter\Pdo\Mysql(array("host"=>"localhost","username"=>"root","password"=>"secret","dbname"=>"invo"));});//ThisservicereturnsaPostgreSQLdata
创建模型后，当我尝试获取他的属性时，我只得到数据库中已填充的字段。----------------------------------------------DB:|id|shopID|name|bottleID|capacity|----------------------------------------------|1|8|Cola|3||----------------------------------------------在这种情况下，我也需要capacity属性，作为空字符串publicfunctiongetDrinkData(Request$request){$dr
我目前正在学习有关使用FrameworkCodeigniter查看数据库数据的教程。我学习的方式有很多种。是否有更可靠的方式-显示为数组或在View文件中使用“foreach”？任何意见都会有所帮助。这是我使用两种方法的代码:方法一模型:functiongetArticle(){$this->db->select('*');$this->db->from('test');$this->db->where('author','David');$this->db->order_by('id','DESC');$query=$this->db->get();if($query->num_ro
我正在创建一个cakephp2.x应用程序。开发到一半突然发现“找不到表”的错误。MissingDatabaseTableError:TableblockedformodelParentalwasnotfoundindatasourcedefault.Notice:Ifyouwanttocustomizethiserrormessage,createproject\View\Errors\missing_table我检查了我的数据库，关联的表确实存在。接下来，我尝试调试模型。该模型可以访问该表。cakephp找不到数据表的错误一直存在。这是我在调试模型时得到的:\project\Con
我在CakePHP中有一个没有表的模型，称为上传。我在此模型中对名为source_id的字段进行了验证。我有一个表单可以构建一个漂亮的$this-data，给我一个格式正确的集合，包括:$this->data['Upload']['source_id']然而，我设置的验证规则似乎根本没有运行。我从另一个它有效的模型中复制了这个验证规则，所以我相信它有效:var$validate=array('source_id'=>array(rule'=>'numeric','required'=>true,'allowEmpty'=>false,'message'=>'Error!.'));您不能
我有一个使用API作为其数据源的应用程序。我正在考虑试用Laravel，但我真的找不到任何讨论不使用数据库的模型应该如何处理的引用资料。那么，有什么建议吗？ 最佳答案 尝试JensSegers的laravel-model.它提供了一个eloquent-like基类，可用于在Laravel4中构建自定义模型。Jenssegers\Model像Illuminate\Database\Eloquent\Model实现ArrayAccess、ArrayableInterface、JsonableInterface。特点:访问器和修改器模型到
我正在开发一个PHPYii2应用程序。我对yii2yii\base\Model.load有一个奇怪的问题功能。这是我的问题:我有一个名为PaymentIncreaseBalanceForm的表单模型如下所示:classPaymentIncreaseBalanceFormextendsyii\base\Model{public$amount;public$receiptNumber;public$description;...}这是我的View文件的一部分:field($model,'amount')->textInput(['maxlength'=>true])?>field($mod
