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c++ - 将函数分配给 std::function 类型时调用哪个函数原型(prototype)(以及如何调用)？

coder 2024-02-09 原文

我有密码

void prints_one()
{ cout << "one" << endl; }

int main(int argc, char *argv[])
{
    std::function<void()> foo;
    foo = prints_one;
    foo();
    return 0;
}

它按预期工作；它打印“一个”。我不知道在赋值中调用了哪个赋值运算符原型(prototype)以及如何调用。看cpp reference，好像就是这个函数

template <class Fn> function& operator= (Fn&& fn);

但如果这是被调用的原型(prototype)，我不明白函数如何绑定(bind)到右值引用。谢谢!

更新:谢谢大家，我会阅读通用引用资料。关于 40two 的回答；此代码打印它是一个右值引用:

template<class Fn>
class Foo {
public:
    Foo() {}
    Foo& operator=(Fn&& x)
    {
      std::cout << std::boolalpha << std::is_rvalue_reference<decltype(x)>::value << std::endl;
    }
};

void prints_one()
{
  cout << "one" << endl;
}

int main(int argc, char *argv[])
{
  Foo<void()> bar;
  bar = prints_one;
}

这会打印出 true

最佳答案

C++ 标准本来就是令人困惑的!否则，像我这样的人不能仅仅因为他们在 C++ 标准的开发过程中观看而玩得很聪明。为此，决定 &&应用于类型的符号应表示两个完全不同但也容易混淆的事物:

  1. 在非推导上下文中应用时，即已知类型 T , 符号 T&&表示正在声明右值引用。
  2. 在推导上下文中应用时，例如 auto&& x = ...或者在函数模板中 template <typename T> void f(T&& x)该符号的意思是:确定参数的类型和“引用性”。即推导类型 T取决于作为参数传递的内容，可以有不同的种类:
    1. 如果非const X 类型的左值正在传递，类型 T将被推断为 X& , 和 T&&变成 X&作为引用和右值引用折叠成引用。
    2. 如果 const X 类型的左值正在传递，类型 T将被推断为 X const& , 和 T&&变成 X const& ，由于相同的引用折叠。
    3. 如果传递的是右值，则类型 T将被推断为 X , 和 T&&变成 X&&因为没有什么可以崩溃的。

驱动论证推导规则的动机是完美转发:论证应该转发到下一层，理想情况下看起来与首先推导的论证类型相同。

考虑到这一点，std::function<...> 的赋值运算符被调用确实是

template <typename F>
std::function<...>::function(F&& f)

它刚刚相应推导的函数的参数在哪里。在您的具体示例中，实际上传递的函数指针是通过衰减函数类型即时创建的右值:函数不是真正的对象，不能在 C++ 中传递。要访问它们，而不是调用指向正在形成的函数的指针。因此，参数是 void(*)() 类型的右值。 .

关于c++ - 将函数分配给 std::function 类型时调用哪个函数原型(prototype)(以及如何调用)？，我们在Stack Overflow上找到一个类似的问题： https://stackoverflow.com/questions/24129066/

时调数分codeampltc++c++11std-function

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