我正在使用Zend_Application，我觉得我在application.ini中混合应用程序和用户配置感觉不对。我的意思如下。例如，我的应用程序需要命名空间MyApp_中的一些库类。所以在application.ini中我放了autoloaderNamespaces[]="MyApp_"。这是纯粹的应用程序配置，除了程序员之外没有人会更改这些。另一方面，我在其中放置了一个数据库配置，这是系统管理员会更改的内容。我的想法是，我会在application.ini和user.ini之间拆分选项，其中user.ini中的选项优先(因此我可以在application.ini中定义标准值)。

有没有人知道有没有？我想使用变量名调用一个函数。编辑:我在这里发布了一个关于我正在尝试做的事情的fiddle:http://jsfiddle.net/sAzPA/...js:(function($){$.fn.MyPlugin=function(){returnthis.each(function(){varsomefunction=function(arg1,arg2){alert(arg1);},someotherfunction=function(arg1,arg2){alert(arg2);},reallyimportantfunction=function(arg1,arg2

我在运行PHP5.3.13的Windows服务器上使用Symfony2.1RC1和FOSUserbundle。我关注了theinstructionshere但是Doctrine不会在数据库中为从基FOSUser类继承的属性创建字段(只有我的类中的字段)。尝试使用FOS登录表单登录会产生错误:Unrecognizedfield:usernameCanonical我有以下Doctrine配置:#DoctrineConfigurationdoctrine:dbal:driver:%database_driver%host:%database_host%port:%database_port%

我是laravel的新手(使用5.2，这是迄今为止的最新版本)，因此我面临以下困境:我知道Laravel附带了一个开箱即用的User类，但我想开发一个系统，我可以让另外两种类型的用户称为Researcher和Admin。我主要需要创建完全不同的用户类别(研究人员和管理员)，可能继承自User，因为它们之间的业务逻辑几乎100%不同，我不想创建专栏在数据库中对用户类型进行分类。此外，常用的User、Admin和Researcher类之间没有太多重叠的字段。我的主要问题是:如果我从User继承我的其他2个类，一切是否仍能正常工作(AuthController、启用的中间件等)？我知道OOP

我实际上正在项目中实现2因素身份验证。我做的是Auth::user()->google2fa_passed=1;实际上它并没有真正存储，当导航到另一个页面时，该值丢失了。我也不想保留在另一个session中，因为当用户注销时(或用户从浏览器中删除sessioncookie)，然后将显示一个登录页面，并通过2再次验证因素。知道如何在用户session中再保存1个属性吗？ 最佳答案 当您使用Auth::user()时，它会为您提供经过身份验证的用户的Eloquent模型。如果你想在session中存储数据，你需要使用Sessionfac

首先，我以用户X身份登录，我有一个功能如下:publicfunctionloginAs($userId){Auth::loginUsingId($userId);//nowuseYuserreturnresponse()->json(['logged'=>Auth::check(),'user'=>Auth::user()]);}当我尝试打印出Auth::check()时，它返回TRUE到目前为止还不错，我现在以用户Y的身份登录，问题是我首先以X用户身份登录，然后切换到另一个Y用户，但是当我调用其他一些功能时，似乎当前登录的用户仍然是X，而我想成为当前登录用户的Y...这可能有用ses

我必须用我的Eloquent来表达用户模型:用户办公用户OfficeUser在JWT配置中定义为标准模型。现在我已经编写了一个中间件来验证它们中的每一个授权用户:publicfunctionhandle($request,Closure$next){Config::set('auth.providers.users.model',\App\User::class);try{if(!$user=JWTAuth::parseToken()->authenticate()){returnresponse()->json(['user_not_found'],404);}}catch(Tymo

我正在向我的用户的电子邮件发送一个链接，以通过单击该链接来激活他的帐户。示例链接:http://test.com/welcome/make_active_user/($user_id)然后我在Controller中对$user_id进行编码，之后我的链接如下所示http://test.com/welcome/make_active_user/17elQOjxrOXDsZdDZVFY7JFrB0TJFojdS+5OTpiIq/XXIaVrDfVWQ7xgOXXqGsURIFe/Udvm/XHrNWtbZXFA2g==至此一切都很好。现在我想解码$user_id，但是“/”符号会产生问题。

有没有人遇到过这个问题dd($this->user->check());returnfalse但是Auth::guard('user')->attempt(App\User::find(1))返回错误CalltoundefinedmethodIlluminate\Auth\TokenGuard::attempt()请帮助解决这个问题。 最佳答案 我解决了这个问题在config/auth.php配置中:'user'=>['driver'=>'token','provider'=>'userProvider',],我们需要更改为:'us

我有Laravel5.3和三种不同类型的用户。我希望他们在登录后被重定向到不同的仪表板页面。例如:user->login->user-dashboardadmin->login->admin-dashboard我创建了一个名为CheckRole的中间件:publicfunctionhandle($request,Closure$next){if($request->user()===null){returnresponse("InsufficientPermissions",401);}$actions=$request->route()->getAction();$roles=iss